精品解析：2022年新高考辽宁物理高考真题（解析版）

2022年辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，桥式起重机主要由可移动“桥架”“小车”和固定“轨道”三部分组成。在某次作业中桥架沿轨道单向移动了8m，小车在桥架上单向移动了6m。该次作业中小车相对地面的位移大小为（）A.6mB.8mC.10mD.14m【答案】C【解析】【详解】根据位移概念可知，该次作业中小车相对地面的位移为22221286m=10mxxx故选C。2.2022年1月，中国锦屏深地实验室发表了首个核天体物理研究实验成果。表明我国核天体物理研究已经跻身国际先进行列。实验中所用核反应方程为23261213XMgAl，己知X、2312Mg、2613Al的质量分别为123mmm、、，真空中的光速为c，该反应中释放的能量为E。下列说法正确的是（）A.X为氘核21HB.X为氚核31HC.2123EmmmcD.2123Emmmc【答案】B【解析】【详解】AB．根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为3，电荷数为1，为氚核31H，选项A错误，B正确；CD．因该反应为人工转变，反应前两种粒子都有动能（总动能设为Ek1），反应后的生成物也有动能Ek2，根据质能方程可知，由于质量亏损反应放出的能量为22123()Emcmmmc则反应释放的能量为2k1k2k1k2123ΔEEEEEEmmmc选项CD错误。故选B。3.一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻的波形如图所示，关于质点P的说法正确的是（）A.该时刻速度沿y轴正方向B.该时刻加速度沿y轴正方向C.此后14周期内通过的路程为AD.此后12周期内沿x轴正方向迁移为12【答案】A【解析】【详解】AB．波沿x轴正向传播，由“同侧法”可知，该时刻质点P的速度方向沿y轴正向，加速度沿y轴负向，选项A正确，B错误。C．在该时刻质点P不在特殊位置，则在14周期内的路程不一定等于A，选项C错误；D．质点只能在自己平衡位置附近振动，而不随波迁移，选项D错误。故选A。4.如图所示，蜘蛛用蛛丝将其自身悬挂在水管上，并处于静止状态。蛛丝OMON、与竖直方向夹角分别为()、。用12FF、分别表示OMON、的拉力，则（）A.1F竖直分力大于2F的竖直分力B.1F的竖直分力等于2F的竖直分力C.1F的水平分力大于2F的水平分力D.1F的水平分力等于2F的水平分力【答案】D【解析】【详解】CD．对结点O受力分析可得，水平方向12sinsinFF即F2的水平分力等于F2的水平分力，选项C错误，D正确；AB．对结点O受力分析可得，竖直方向12coscosFFmg解得1sinsin()mgF2sinsin()mgF则F1的竖直分量1sincossin()ymgFF2的竖直分量2sincossin()ymgF因sincoscossinsin()0的可知21yyFF选项AB错误。故选D。5.完全失重时，液滴呈球形，气泡在液体中将不会上浮。2021年12月，在中国空间站“天宫课堂”的水球光学实验中，航天员向水球中注入空气形成了一个内含气泡的水球。如图所示，若气泡与水球同心，在过球心O的平面内，用单色平行光照射这一水球。下列说法正确的是（）A.此单色光从空气进入水球，频率一定变大B.此单色光从空气进入水球，频率一定变小C.若光线1在M处发生全反射，光线2在N处一定发生全反射D.若光线2在N处发生全反射，光线1在M处一定发生全反射【答案】C【解析】【详解】AB．光的频率是由光源决定的，与介质无关，频率不变，AB错误；CD．如图可看出光线1入射到水球的入射角小于光线2入射到水球的入射角，则光线1在水球外表面折射后的折射角小于光线2在水球外表面折射后的折射角，设水球半径为R、气泡半径为r、光线经过水球后的折射角为α、光线进入气泡的入射角为θ，根据几何关系有sin()sinRr则可得出光线2的θ大于光线1的θ，故若光线1在M处发生全反射，光线2在N处一定发生全反射，C正确、D错误。故选C。6.一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其体积V和热力学温度T变化图像如图所示，此过程中该系统（）A.对外界做正功B.压强保持不变C.向外界放热D.内能减少【答案】A【解析】【详解】A．理想气体从状态a变化到状态b，体积增大，理想气体对外界做正功，A正确；B．由题图可知V=V0+kT根据理想气体的状态方程有pVCT联立有0CpVkT可看出T增大，p增大，B错误；D．理想气体从状态a变化到状态b，温度升高，内能增大，D错误；C．理想气体从状态a变化到状态b，由选项AD可知，理想气体对外界做正功且内能增大，则根据热力学第一定律可知气体向外界吸收热量，C错误。故选A。7.如图所示，一小物块从长1m的水平桌面一端以初速度v0沿中线滑向另一端，经过1s从另一端滑落。物块与桌面间动摩擦因数为μ，g取10m/s2。下列v0、μ值可能正确的是（）A.v0=2.5m/sB.v0=1.5m/sC.μ=0.28D.μ=0.25【答案】B【解析】【详解】AB．物块水平沿中线做匀减速直线运动，则02vvxvt由题干知x=1m，t=1s，v0代入数据有v02m/s故A不可能，B可能；CD．对物块做受力分析有a=-μg，v2-v02=2ax整理有v02-2ax0由于v02m/s可得μ0.2故CD不可能。故选B。8.粒子物理研究中使用的一种球状探测装置横截面的简化模型如图所示。内圆区域有垂直纸面向里的匀强磁场，外圆是探测器。两个粒子先后从P点沿径向射入磁场，粒子1沿直线通过磁场区域后打在探测器上的M点。粒子2经磁场偏转后打在探测器上的N点。装置内部为真空状态，忽略粒子重力及粒子间相互作用力。下列说法正确的是（）A.粒子1可能为中子B.粒子2可能为电子C.若增大磁感应强度，粒子1可能打在探测器上的Q点D.若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探测器上的Q点【答案】AD【解析】【详解】AB．由题图可看出粒子1没有偏转，说明粒子1不带电，则粒子1可能为中子；粒子2向上偏转，根据左手定则可知粒子2应该带正电，A正确、B错误；C．由以上分析可知粒子1为中子，则无论如何增大磁感应强度，粒子1都不会偏转，C错误；D．粒子2在磁场中洛伦兹力提供向心力有2vqvBmr解得mvrqB可知若增大粒子入射速度，则粒子2的半径增大，粒子2可能打在探测器上的Q点，D正确。故选AD。9.如图所示，行星绕太阳的公转可以看成匀速圆周运动。在地图上容易测得地球—水星连线与地球—太阳连线夹角，地球—金星连线与地球—太阳连线夹角，两角最大值分别为m、m则（）A.水星的公转周期比金星的大B.水星的公转向心加速度比金星的大C.水星与金星公转轨道半径之比为sin:sinmmD.水星与金星的公转线速度之比为sin:sinmm【答案】BC【解析】【详解】AB．根据万有引力提供向心力有2224MmGmRmaRT的可得32RTGM2GMaR因为水星的公转半径比金星小，故可知水星的公转周期比金星小；水星的公转向心加速度比金星的大，故A错误，B正确；C．设水星的公转半径为R水，地球的公转半径为地R，当α角最大时有msin=RR水地同理可知有msin=RR金地所以水星与金星的公转半径之比为mm=sinsinRR水金::故C正确；D．根据22MmvGmRR可得GMvR结合前面的分析可得mm=sinsinvv水金:：故D错误；故选BC。10.如图所示，带电荷量为6(0)QQ的球1固定在倾角为30°光滑绝缘斜面上的a点，其正上方L处固定一电荷量为Q的球2，斜面上距a点L处的b点有质量为m的带电球3，球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在b点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为2L，球2、3间的静电力大小为2mg。迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动。g为重力加速度，球的大小可忽略，下列关于球3的说法正确的是（）A.带负电B.运动至a点的速度大小为gLC.运动至a点的加速度大小为2gD.运动至ab中点时对斜面的压力大小为3346mg【答案】BCD【解析】【详解】A．由题意可知三小球构成一个等边三角形，小球1和3之间的力大于小球2和3之间的力，弹簧处于压缩状态，故小球1和3一定是斥力，小球1带正电，故小球3带正电，故A错误；B．小球3运动至a点时，弹簧的伸长量等于2L，根据对称性可知，小球2对小球3做功为0；弹簧弹力做功为0，故根据动能定理有21sin2mgLmv解得vgL故B正确；C．小球3在b点时，设小球3的电荷量为q，有22qQmgkL设弹簧的弹力为F，根据受力平衡，沿斜面方向有226sin30sin30qQqQFkkmgLL解得9=4Fmg小球运动至a点时，弹簧伸长量等于2L，根据对称性可知2sin30sin30qQFkmgmaL解得2ag故C正确；D．当运动至ab中点时，弹簧弹力为0，此时小球2对小球3的力为232244233233()2qQqQmgFkkmgLL斜面对小球的支持力为N2332334cos30236FmgFmgmgmg根据牛顿第三定律可知，小球对斜面的压力大小为3346mg，故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学要将一小量程电流表（满偏电流为250A，内阻为1.2kΩ）改装成有两个量程的电流表，设计电路如图（a）所示，其中定值电阻140ΩR，2360ΩR。的（1）当开关S接A端时，该电流表的量程为0~___________mA；（2）当开关S接B端时，该电流表的量程比接在A端时___________（填“大”或“小”）（3）该同学选用量程合适电压表（内阻未知）和此改装电流表测量未知电阻xR的阻值，设计了图（b）中两个电路。不考虑实验操作中的偶然误差，则使用___________（填“甲”或“乙”）电路可修正由电表内阻引起的实验误差。【答案】①.1②.大③.乙【解析】【详解】（1）[1]由图可知当S接A时，R1和R2串联接入电路，和电流表并联，满偏时电流表两端的电压为63mm=250101.210V0.3VUIr此时R1和R2的电流为3m120.3A=0.7510A=0.75mA40+360UIRR所以总电流为m=+=1mAIII总即量程为0~1mA。（2）[2]当开关S接B端时，由图可知R1和电流表串联再和R2并联，由于和电流表并联的电阻变小，当电流表满偏时，流过R2的电流变大，干路电流变大，即量程变大；所以比接在A端时大。（3）[3]图甲是电流表的外接法，误差是由于电压表的分流引起的；图乙是电流表的内接法，误差是由于电流表的分压引起的，因为题目中电压表电阻未知，故采用图乙的方法可以修正由电表内阻引起的实验误差。12.某同学利用如图所示的装置测量重力加速度，其中光栅板上交替排列着等宽度的遮光带和透光带（宽度用d表示）。实验时将光栅板置于光电传感器上方某高度，令其自由下落穿过光电传感器。光电传感器所连接的计算机可连续记录遮光带、透光带通过光电传感器的时间间隔Δt。的（1）除图中所用的实验器材外，该实验还需要___________（填“天平”或“刻度尺”）；（2）该同学测得遮光带（透光带）的宽度为4.50cm，记录时间间隔的数据如表所示，编号1遮光带2遮光带3遮光带