【优化探究】2015高考物理二轮专题复素能提升1-1-2直线运动规律及牛顿运动定律的应用(含解析)新

-1-【优化探究】2015高考物理二轮专题复习素能提升1-1-2直线运动规律及牛顿运动定律的应用（含解析）新人教版1．(2014年高考广东卷)如图是物体做直线运动的v­t图象，由图可知，该物体()A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不相等D．0～2s和0～4s内的平均速度大小相等解析：0～3s内物体一直沿正方向运动，选项A错误；v­t图象的斜率表示加速度，第3s内和第4s内图象斜率相同，故加速度相同，选项B正确；v­t图象图线与时间轴包围的面积表示位移的大小，第1s内和第4s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，选项C错误；第3s内和第4s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，方向相反，所以0～2s和0～4s内位移相同，但时间不同，故平均速度不相等，选项D错误．答案：B2．(多选)(2014年高考江苏卷)如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为12μ.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对A施加一水平拉力F，则()A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F＝52μmg时，A的加速度为13μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过12μg解析：设B对A的摩擦力为Ff1，A对B的摩擦力为Ff2，地面对B的摩擦力为Ff3，由牛顿第三定律可知Ff1与Ff2大小相等、方向相反，Ff1和Ff2的最大值均为2μmg，Ff3的最大值为32μmg，故当0F≤32μmg时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′－2μmg-2-＝2ma′，对A、B整体，有F′－32μmg＝3ma′，解得F′＝3μmg，故当32μmgF≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F3μmg时，A相对于B滑动．由以上分析可知A错误，C正确．当F＝52μmg时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F－32μmg＝3ma，解得a＝μg3，B正确．对B来说，其所受合力的最大值Fm＝2μmg－32μmg＝12μmg，即B的加速度不会超过12μg，D正确．答案：BCD3．(2014年高考新课标Ⅱ全国卷)2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯·鲍姆加特纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录．重力加速度的大小g取10m/s2.(1)若忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落至1.5km高度处所需的时间及其在此处速度的大小；(2)实际上，物体在空气中运动时会受到空气的阻力，高速运动时所受阻力的大小可近似表示为f＝kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状、横截面积及空气密度有关．已知该运动员在某段时间内高速下落的v­t图象如图所示．若该运动员和所带装备的总质量m＝100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数．(结果保留1位有效数字)解析：(1)设该运动员从开始自由下落至1.5km高度处的时间为t，下落距离为s，在1.5km高度处的速度大小为v.根据运动学公式有v＝gt①s＝12gt2②根据题意有s＝3.9×104m－1.5×103m＝3.75×104m③联立①②③式得t＝87s④v＝8.7×102m/s.⑤(2)该运动员达到最大速度vmax时，加速度为零，根据平衡条件有mg＝kv2max⑥由所给的v­t图象可读出vmax≈360m/s⑦由⑥⑦式得k＝0.008kg/m.答案：(1)87s8.7×102m/s(2)0.008kg/m-3-4．做匀加速直线运动的质点在第一个7s内的平均速度比它在第一个3s内的平均速度大6m/s，则质点的加速度大小为()A．1m/s2B．1.5m/s2C．3m/s2D．4m/s2解析：做匀加速直线运动的质点在第一个3s内的平均速度等于质点在1.5s末的瞬时速度，设为v1，在第一个7s内的平均速度等于质点在3.5s末的瞬时速度，设为v2，则v2＝v1＋6m/s，根据加速度的定义得a＝v2－v1t＝v1＋6m/s－v13.5s－1.5s＝3m/s2，故C正确．答案：C5．一个质量m＝1kg的物块放在水平光滑地面上，在一水平外力F1＝2N的作用下从静止开始做直线运动，物体运动5s后撤去外力，在此时刻再加上一个与F1反向的力F2＝6N，物体又运动5s．规定外力F1的方向为正方向，则在物体运动的这个10s的时间内，下列关于物体的速度图象，正确的是()解析：物体在前5s内的加速度a1＝F1m＝2m/s2,5s末的速度v1＝a1t1＝10m/s，物体在5～10s内的加速度大小为a2＝F2m＝6m/s2,10s末物体的速度v2＝v1－a2t2＝－20m/s，D正确．答案：D6．如图所示，长度L＝1m、质量M＝0.25kg的木板放在光滑水平面上，质量m＝2kg的小物块(可视为质点)位于木板的左端，木板和物块间的动摩擦因数μ＝0.1.现突然给木板一向左的初速度v0＝2m/s，同时对小物块施加一水平向右的恒定拉力F＝10N，经过一段时间后，物块与木板相对静止，g取10m/s2，求：(1)从开始运动到小物块与木板相对静止经过的时间；(2)小物块最终在木板上的位置．解析：(1)由题意知小物块向右做匀加速运动，木板先向左做匀减速运动，再向右做匀加速运动，小物块与木板间滑动摩擦力Ff＝μmg＝2N.受力情况如图所示，根据牛顿第二定律知小物块的加速度为-4-a1＝F－Ffm＝4m/s2，由牛顿第三定律知Ff＝Ff′，则木板的加速度为a2＝Ff′M＝8m/s2.当小物块、木板具有共同的速度时，两者不再发生相对滑动，将一直加速运动下去，所以a1t＝－v0＋a2t，解得t＝0.5s.(2)两者共同速度大小为v＝a1t＝2m/s，可见木板此时恰好回到原位置，位移为零．此过程物块的位移为x＝12a1t2＝0.5m，所以小物块最终停在木板的中点处．答案：(1)0.5s(2)中点处课时跟踪训练一、选择题1．(2014年高考新课标Ⅱ全国卷)甲、乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t＝0到t＝t1的时间内，它们的v­t图象如图所示．在这段时间内()A．汽车甲的平均速度比乙的大B．汽车乙的平均速度等于v1＋v22C．甲、乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大解析：v­t图象中图线与横轴围成的面积代表位移，可知甲的位移大于乙的位移，而时间相同，故甲的平均速度比乙的大，A正确，C错误；匀变速直线运动的平均速度可以用v1＋v22来表示，乙的运动不是匀变速直线运动，所以B错误；图线斜率的绝对值代表加速度的大小，则甲、乙的加速度均减小，D错误．答案：A2．(2014年高考北京卷)应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出．对此现象分析正确的是()A．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C．在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D．在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度-5-解析：本题考查牛顿第二定律的动力学分析、超重和失重．加速度向上为超重、向下为失重，手托物体抛出的过程，必定有一段加速过程，即超重过程，从加速后到手和物体分离的过程中，可以匀速也可以减速，因此可能失重，也可能既不超重也不失重，A、B错误．手与物体分离时的力学条件为手与物体之间的压力FN＝0，分离后手和物体一定减速，物体减速的加速度为g，手减速要比物体快才会分离，因此手的加速度大于g，C错误，D正确．答案：D3．(多选)如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的光滑固定斜面上，用始终平行于斜面向上的恒力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，为了增加轻线上的张力，可行的办法是()A．增大A物块的质量B．增大B物块的质量C．增大倾角θD．增大拉力F解析：设A、B整体的加速度为a，轻线上的张力为FT，对A、B整体由牛顿第二定律得F－(mA＋mB)gsinθ＝(mA＋mB)a，对于B由牛顿第二定律得FT－mBgsinθ＝mBa，解以上两式得FT＝mBmA＋mBF，B、D正确．答案：BD4．如图所示，质量满足mA＝2mB＝3mC的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为(取向下为正)()A．－56g、2g、0B．－2g、2g、0C．－56g、53g、0D．－2g、53g、g解析：系统静止时，A物块受重力GA＝mAg，弹簧向上的拉力F＝(mA＋mB＋mC)g，A、B间细绳的拉力FAB＝(mB＋mC)g；B、C间弹簧的弹力FBC＝mCg，剪断细绳瞬间，弹簧形变来不及恢复，即弹力不变，由牛顿第二定律，对物块A有F－GA＝mAaA，解得aA＝56g，方向竖直向上；对物块B有FBC＋GB＝mBaB，解得aB＝53g，方向竖直向下；剪断细绳的瞬间C的受力不变，其加速度为零．C选项正确．答案：C-6-5．(多选)(2014年邯郸质检)如图所示，一小滑块沿足够长的斜面以初速度v向上做匀变速运动，依次经A、B、C、D到达最高点E，已知AB＝BD＝6m，BC＝1m，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是2s．设滑块经B、C时的速度分别为vB、vC，则()A．vC＝3m/sB．vB＝8m/sC．DE＝3mD．从D到E所用时间为4s解析：设从A到C和从C到D所用时间T＝2s，则vC＝xAB＋xBD2T＝3m/s，A正确；由xAC－xCD＝aT2，可得a＝0.5m/s2，由v2B－v2C＝2axBC可得vB＝10m/s，B错误；由v2C＝2axCE可得xCE＝9m，xDE＝xCE－xCD＝4m，C错误；tCE＝vCa＝6s，tDE＝tCE－tCD＝4s，D正确．答案：AD6．一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过一个较低的点a的时间间隔是Ta，两次经过一个较高点b的时间间隔是Tb，则a、b之间的距离为()A.18g(T2a－T2b)B.14g(T2a－T2b)C.12g(T2a－T2b)D.12g(Ta－Tb)解析：根据时间的对称性，物体从a点到最高点的时间为Ta2，从b点到最高点的时间为Tb2，所以a点到最高点的距离ha＝12g(Ta2)2＝gT2a8，b点到最高点的距离hb＝12g(Tb2)2＝gT2b8，故a、b之间的距离为ha－hb＝18g(T2a－T2b)，即选A.答案：A7．(多选)(2014年高考四川卷)如图所示，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t＝0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t＝t0时刻P离开传送带．不计定滑轮质量和滑轮与绳之间的摩擦，绳足够长．正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是()解析：若P在传送带左端时的速度v2小于v1，则P受到向右的摩擦力，当P受到的摩擦力大于绳的拉力时，P做加速运动，则有两种可能：第一种是一直做加速运动，第二种是先做加速-7-运动，当速度达到v1后做匀速运动；当P受到的摩擦力小于绳的拉力时，P做减速运动，也有两种可能：第一种是一直做减速运动，从右端滑出，第二种是先做减速运动再做反向加速运动，从左端滑出．若P在传送带左端具有的速度v2大于v1，则小物体P受到向左的摩擦力，使P做减速运动，则有三种可能：第一种是一直做减速运动，第二种是速度先减到v1，之后若P受到绳的拉力和静摩擦力作用而处于平衡状态，则其以速度v1做匀速运动，第三种是速度先减到v1，之后若P所受的静摩擦力小于绳的拉力，则P将继续减速直到速度减为0，再反向做加速运动并且摩擦力反向，加速度不变，从左