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第16讲枚举、归纳与猜想一、枚举法枚举法起源于原始的计数方法,即数数。关于这方面的例子,我们在第11讲中已介绍过,现在我们从另一角度来利用枚举法解题。当我们面临的问题存在大量的可能的答案(或中间过程),而暂时又无法用逻辑方法排除这些可能答案中的大部分时,就不得不采用逐一检验这些答案的策略,也就是利用枚举法来解题。采用枚举法解题时,重要的是应做到既不重复又不遗漏,这就好比工厂里的质量检验员的责任是把不合格产品挑出来,不让它出厂,于是要对所有的产品逐一检验,不能有漏检产品。例1一个小于400的三位数,它是平方数,它的前两个数字组成的两位数还是平方数,其个位数也是一个平方数。求这个三位数。解:这道题共提出三个条件:(1)一个小于400的三位数是平方数;(2)这个三位数的前两位数字组成的两位数还是平方数;(3)这个三位数的个位数也是一个平方数。我们先找出满足第一个条件的三位数:100,121,144,169,196,225,256,289,324,361。再考虑第二个条件,从中选出符合条件者:169,256,361。最后考虑第三个条件,排除不合格的256,于是找到答案是169和361。说明:这里我们采用了枚举与筛选并用的策略,即依据题中限定的条件,面对枚举出的情况逐步排除不符合条件的三位数,确定满足条件的三位数,从而找到问题的答案。例2哥德巴赫猜想是说:每个大于2的偶数都可以表示为两个质数之和。问:168是哪两个两位数的质数之和,并且其中一个的个位数是1?解:168表示成两个两位质数之和,两个质数都大于68。个位是1且大于68的两位数有71,81,91,其中只有71是质数,所以一个质数是71,另一个质数是168-71=97。说明:解此题要求同学们记住100以内的质数。如果去掉题目中“其中一个的个位数是1”的条件,那么上述答案不变,仍是唯一的解答。如果取消位数的限制,那么还有168=5+163,168=11+157,168=17+151,…哥德巴赫猜想是1742年提出来的,至今已有250多年的历史了,它是数论中最有名的问题,中外许多著名的数学家都研究过,包括我国著名数学家华罗庚教授。例3有30枚贰分硬币和8枚伍分硬币,用这些硬币不能构成的1分到1元之间的币值有多少种?解:注意到所有的38枚硬币的总币值恰好是100分(即1元),于是除了50分与100分外,其他98种币值可以两两配对,即(1,99),(2,98),(3,97),…,(49,51)。每一对币值中有一个可用若干枚贰分和伍分硬币构成,则另一个也可以,显然50分和100分的币值是可以构成的,因此只需要讨论币值为1分、2分、3分……49分这49种情况。1分和3分的币值显然不能构成。2分、4分、6分……48分这24种偶数币值都可以用若干枚贰分硬币构成,因为贰分硬币的总数为30个。5分、7分、9分……49分这23种奇数币值,只需分别在4分、6分、8分……48分币值的构成方法上,用1枚伍分硬币换去两枚贰分硬币即可,比如37分币值,由于36分币值可用18枚贰分硬币构成,用1枚伍分硬币换下2枚贰分硬币,所得的硬币值即为37分。综合以上分析,不能用若干枚贰分和伍分硬币构成的1分到1元之间的币值只有四种,即1分、3分、97分、99分。例4一个两位数被7除余1,如果交换它的十位数字与个位数字的位置,所得到的两位数被7除也余1,那么这样的两位数有多少个?都是几?两式相减,得9(a-b)=7(n-m)。于是7|9(a-b)。因为(7,9)=1,所以7|a-b,得到a-b=0,或a-b=7。(1)当a-b=0,即a=b时,在两位数11,22,33,44,55,66,77,88,99中逐一检验,只有22,99符合被7除余1的条件。(2)当a-b=7,即a=b+7时,b=1,或b=2。在81,92这二个数中,只有92符合被7除余1的条件。因为a,b交换位置也是解,所以符合条件的两位数共有四个,它们是22,29,92及99。说明:这里我们把题中限定的条件放宽,分成两类,枚举出每一类的两位数,逐一检验排除不符合条件的两位数,确定符合条件的两位数,从而找到问题的答案。此题也可以枚举出被7除余1的所有两位数:15,22,29,36,43,50,57,64,71,78,85,92,99,再根据题意逐一筛选。例5把1,2,3,4,5,6分别填入左下图所示的表格内,使得每行相邻的两个数左边的小于右边的,每列的两数上面的小于下面的。问:有几种填法?解:如右上图,由已知可得a最小,f最大,即a=1,f=6。根据b与d的大小,可分两种情况讨论。当b<d时,有b=2,c=3或4或5,可得下列3种填法:当b>d时,有b=3,d=2,c=4或5,可得下列2种填法:综上所述,一共有5种填法。例6今有101枚硬币,其中有100枚同样的真币和1枚伪币,伪币与真币的重量不同,现需弄清楚伪币比真币轻,还是比真币重,但只有一架没有砝码的天平。试问,怎样利用这架天平称两次,来达到目的?解:在天平两端各放50枚硬币。如果天平平衡,那么所剩一枚为伪币,于是取一枚伪币和一枚真币分放在天平两端,即可判明真币与伪币谁轻谁重。如果天平不平衡,那么取下重端的50枚硬币,并将轻端的50枚硬币分放两端各25枚,若此时天平平衡,则说明伪币在取下的50枚硬币中,即伪币比真币重;若此时天平仍不平衡,则说明伪币在较轻的50枚硬币中,即伪币比真币轻。在上述解答过程中,我们面临着“平衡”或“不平衡”两种可能的状态,对这两种状态,逐一检验,即得到问题的结论。由上述例题可以看出运用枚举法的关键在于:(1)如何将整体分解成各个特殊情况,也就是要注意分类的方法,分类必须适合于一一列举和研究,同时分类必须不重也不漏。(2)善于对列举的结果进行综合考察(包括筛选),并导出结论。二、归纳与猜想“猜想”是一种重要的思维方法,对于确定证明方向,发现新定理,都有重大意义。最著名的例子就是哥德巴赫猜想,1742年曾任中学教师的哥德巴赫和大数学家欧拉通过观察实例:6=3+3,8=3+5,10=3+7,12=5+7,14=3+11,16=3+13,18=7+11,…提出如下猜想:“任何大于或等于6的偶数,都可以表示成两个奇素数之和。”这就是闻名于世的哥德巴赫猜想,至今还没有给以逻辑证明,所以仍是一个猜想。二百多年以来,她像一颗璀璨夺目的明珠,吸引了无数数学家和数学爱好者为之奋斗。通过观察若干具体实例,发现存在于它们之中的某种似乎带规律性的东西,我们相信它具有普遍意义,对更多更一般的实例同样适用,从而把它当做一般规律或结论,这种发现规律或结论的方法就是归纳法。当然,归纳出来的规律或结论一般来说还只是一种猜想,它是否正确,还有待于进一步证明。例如,我们可能碰巧看到1+8+27+64=100,改变一下形式:13+23+33+43=102=(1+2+3+4)2。这个形式很规则,这是偶然的,还是确有这样的规律?不妨再试验一下:13+23=9=32=(1+2)2,13+23+33=36=62=(1+2+3)2。再多一些数试验一下:13+23+33+43+53=225=152=(1+2+3+4+5)2。于是猜想:又如,求凸n边形内角和。观察分析:三角形内角和为180°;四边形可分为2个三角形,故内角和为2×180°;五边形可分为3个三角形,故内角和为3×180°;归纳猜想:凸n边形的内角和为(n-2)×180°。例7下面各列数都依照一定规律排列,在括号里填上适当的数:(1)1,5,9,13,17,();(4)32,31,16,26,(),(),4,16,2,11。分析与解:要在括号里填上适当的数,必须正确地判断出每列数所依照的规律,为此必须进行仔细的观察和揣摩。(1)考察相邻两数的差:5-1=4,9-5=4,13-9=4,17-13=4。可见,相邻两数之差都是4。按此规律,括号里的数减去17等于4,所以应填入括号里的数是17+4=21。(2)像(1)那样考虑难以发现规律,改变一下角度,把各数改写为可以发现:(3)为探究规律,作适当变形:这样一来,分子部分呈现规律:自3起,依次递增2,故括号内的数的分子为13。再看分母部分:4,8,14,22,32。相邻两数之差得4,6,8,10。可见括号内的数的分母应为32+12=44。(4)分成两列数:奇数位的数为32,16,(),4,2。可见前面括号中应填入8;偶数位的数为31,26,(),16,11。括号中的数应填入21。所以,两括号内依次填入8,21。说明:从上面例子可以看到,观察时不可把眼光停留在某一点上固定不变,而要注意根据问题特点不断调整自己观察的角度,以利于观察出有一定隐蔽性的内在规律。例8下面是七个分数:先约分,请你再划去一个与众不同的数,然后按照一定的规律将余下的六个数排列起来,并按你的规律接下去写出第七个数。分析:约分是容易的,除其中一个数外,另外六个数必有联系。解:已给分数经约分后是说明:这个题目里给出了解题的操作指示,即化简、按规律分类、排序、添加新数,做起来感觉很顺利、轻松。做完题后体会一下命题者的用意,他是想让学生了解和学会怎样归纳和猜测。在许多问题中,各元素从表面上看没什么联系,也看不出什么规律,这就需要我们像做约分那样透过表面看本质,扒掉“披在元素身上花花绿绿的外衣”,从而发现彼此间的共性和联系。这个题的命题者给出了一个做归纳和猜测的示范,应引起读者重视。例9将正方形纸片如下图所示由下往上对折,再由左向右对折,称为完成一次操作。按上述规则完成五次操作以后,剪去所得小正方形的左下角。问:当展开这张正方形纸片后,一共有多少个小洞孔?解:一次操作后,层数由1变为4,若剪去所得小正方形左下角,展开后只有1个小洞孔,恰是大正方形的中心。连续两次操作后,折纸层数为42,剪去所得小正方形左下角,展开后大正方形留有42-1=41=4(个)小洞孔。连续三次操作后,折纸层数为43,剪去所得小正方形左下角,展开后大正方形上留有43-1=42=16(个)小洞孔。……按上述规律不难断定:连续五次操作后,折纸层数为45,剪去所得小正方形左下角,展开后大正方形纸片上共留有小洞孔45-1=44=256(个)。例10将自然数排成如下的螺旋状:第一个拐弯处的数是2,第二个拐弯处的数是3,第20个及第25个拐弯处的数各是多少?解:由图可知,前几个拐弯处的数依次是2,3,5,7,10,13,17,21,26,…这是一个数列,题目要求找出它的第20项和第25项各是多少,因此要找出这个数列的规律。把数列的后一项减去前一项,得一新数列:1,2,2,3,3,4,4,5,5,…把原数列的第一项2添在新数列的前面,得到2,1,2,2,3,3,4,4,5,5,…于是,原数列的第n项an就等于上面数列的前n项和,即a1=2=1+1=2,a2=2+1=1+(1+1)=3,a3=2+1+2=1+(1+1+2)=5,a4=2+1+2+2=1+(1+1+2+2)=7,……所以,第20个拐弯处的数是:a20=1+(1+1+2+2+3+3+4+4+…+10+10)=1+2×(1+2+…+10)=111。第25个拐弯处的数是:a25=1+(1+1+2+2+…+12+12+13)=111+2×(11+12)+13=170。说明:(1)这个数列的一般项可以写成第2n(偶数)项为a2n=1+2×(1+2+…+n)=1+n+n2;第(2n+1)(奇数)项为a2n+1=1+2×(1+2+…+n)+(n+1)=2+2n+n2。(2)寻找数列排列的规律,常用两种方法:一是考察数列的“项”与它所在的位置即“项数”之间的关系,一般的数列写作a1,a2,a3,…,an,…这里an是数列的“项”,n是“项数”。若能找到“项”与“项数”的关系,则知道了项数n,也就知道了项an。另一方法是研究相邻两项或几项的关系,这样,知道了最初的几项后,后面的项就可利用关系顺次写出来。例11给出一个“三角形”的数表如下:此表构成的规则是:第一行是0,1,2,…,999,以后下一行的数是上一行相邻两数的和。问:第四行的数中能被999整除的数是
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