湖北省黄冈市2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题含详解

-1-2020年2月2018-2019学年湖北省黄冈市高一（上）期末物理试卷一、选择題（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8题为单项选择题，所列的四个选项中，只有一项符合题意；9-12题为多项选择题，所列四个选项中至少有二项符合题意漏选得2分，错选或不选不得分1.在国际单位制（SI）中，下列物理量的单位属于导出单位的是（）A.质量B.时间C.力D.长度【答案】C【分析】国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。【详解】力学基本物理量有三个分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，属于国际单位制基本单位。故ABD不符合题意；力的单位N是由牛顿第二定律F＝ma推到出的单位是导出单位，是导出单位，故C符合题意。所以选C.2.手机导航越来越多成为人们出行的必备工具，绍兴多风景名胜，某游客游完兰亭后驾车去东湖，他打开手机导航，搜索了驾车线路，线路显示走常规路线距离19.8km，需用时27分钟，选择走距离较短则有17.4km，需用时30分钟，如果走高速优先则有22.3km，需用时29分钟，则下列判断正确的是（）A.走常规路线的19.8km指的是位移B.走“距离较短”说明路程最小C.选择走“距离较短”，则瞬时速率一定最小D.走“高速优先”，平均速度最大-2-【答案】B【分析】根据位移是由起点到终点的有向线段，而路程是轨迹和长度；瞬时速率是瞬时速度的大小；平均速度等于位移除以时间。【详解】走常规路线的19.8km指的是路程，故A错误；走“距离较短”说明路程最小，故B正确；瞬时速率大小与距离无关，故C错误；路径不同，位移相等，平均速度等于位移除以时间，时间越短平均速度越大，故常规路线的平均速度最大，故D错误。所以B正确，ACD错误。【点睛】本题主要考查了运动学基本物理概念的理解，正确认识位移和路程、时间与时刻、平均速度和瞬时速度的概念即可解题。3.神舟五号飞船的返回舱距地面10km时开始启动降落伞装置，速度减至10m/s，并以这个速度在大气中降落。在距地面2m时，返回舱的4台缓冲发动机开始向下喷气，舱体再次减速。设最后减速过程中返回舱做匀减速运动，并且到达地面时恰好速度为零，则最后减速阶段返回舱的（）A.加速度大小为5m/s2B.加速度大小为25m/s2C.运动时间为5sD.运动时间为100s【答案】B【分析】根据位移时间与平均速度的关系，求运动的时间；根据加速度的定义求加速度。【详解】已知v0＝10m/s，则最后减速阶段平均速度为：，则最后减速阶段运动的时间为：；根据加速度定义得，最后减速阶段的加速度大小为：，方向竖直向上，故B正确，ACD错误。【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，知道运动学中五个基本物理量，初速度、末速度、时间、位移和加速度，知其三必然知其二。4.在单杠上做引体向上，两臂平行和两臂张开，如图所示，都可以使自己慢慢向上升起。下列说法正确的是（）-3-A.两臂平行手臂用力较小，每个手臂拉力小于B.两臂张开手臂用力较小，每个手臂拉力小于C.两臂平行手臂用力较大，每个手臂拉力大于D.两臂张开手臂用力较大，每个手臂拉力大于【答案】D【分析】两手间距增大时，增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与人重力平衡，由此可知合力F大小不变，由于夹角的减小，合力保持不变，则每只手臂所受力T是减小的，据此分析即可。【详解】受力分析如图所示：拉力T的合力F与人的重力大小相等方向相反，故夹角的变化时，合力大小仍不变；两臂平行时，拉力T竖直向上，则，两臂张开时，如图，当手臂间距增大时，相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大，根据力的平行四边形定则可知，这两个力增大，但两个力的合力，仍与重力平衡，始终不变，由平衡条件得则拉力T＞，故ABC错误，D正确。5.如图所示，把一个玻璃球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使玻璃球沿光滑的漏斗壁在某水平面内做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）-4-A.玻璃球受到三个力的作用B.运动平面离漏斗口越近，玻璃球的线速度越大C.运动平面离漏斗口越近，玻璃球所受支持力越大D.若漏斗壁是粗糙的，停止晃动后，玻璃球将逐渐向漏斗口靠【答案】B【分析】小球受重力和支持力，两个力的合力提供圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律进行判断。【详解】球受只受重力与支持力，如图所示，故A错误；向心力有重力和支持力的合力提供，方向水平指向圆心。根据牛顿第二定律得：，解得：，对于小球，θ相同，则，知小球的圆周平面越向上，r越大，则线速度越大。小球的弹力．知弹力不变，故B正确，C错误；漏斗壁是粗糙的，停止晃动后，速度要减小，则玻璃球将逐渐向漏斗下方运动，故D错误。所以B正确，ACD错误。【点睛】本题是圆锥摆类型的问题，分析受力情况，确定小球向心力的来源，再由牛顿第二定律和圆周运动结合进行分析，是常用的方法和思路。6.如图所示，两个质量分别为、的物块A和B通过一轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接A，另一端固定在墙上，A、B与传送带间动摩擦因数均为传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为和，弹簧在弹性限度内，重力加速度为，则-5-A.，B.，C.，D.，【答案】C【详解】对物块B分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，则。以两个物块组成的整体为研究对象，则绳子的拉力：。突然剪断轻绳的瞬间，绳子的拉力减小为0，而弹簧的弹力不变，则A受到的合外力与T大小相等，方向相反，A的加速度B在水平方向仍然受到弹簧的拉力和传送带的摩擦力，合外力不变，仍然等于0，所以B的加速度仍然等于0．故选项A正确。【点睛】本题要注意以下问题：（1）整体法与隔离法在受力分析中的应用（2）细绳的弹力可以突变，弹簧如果两端都被约束，则弹力不能突变；如果一端自由，一端被约束，则弹力就可以突变。7.如图是自行车传动机构的示意图，其中I是半径为r1的大齿轮，Ⅱ是半径为r2的小齿轮，Ⅲ是半径为r3的后轮，a、b、c分别是I、Ⅱ、Ⅲ三个轮子边缘上的点（图中标出），则关于a、b、c三点的线速度与角速度的关系中正确的是（）A.va：vb＝r1：r2B.vb＝vcC.ωa：ωb＝r1：r2D.ωb＝ωc【答案】D【分析】靠链条传动根据轮子边缘上的点线速度大小相等，共轴转动的点角速度相等，结合线速度与-6-角速度的关系进行求解。【详解】Ⅰ、Ⅱ两轮靠链条传动，轮子边缘上的点线速度大小相等，则线速度之比为va：vb＝1：1，故A错误；根据v＝rω，va：vb＝1：1，可知ω1：ω2＝r2：r1，故C错误；Ⅱ、Ⅲ两轮共轴转动，角速度相等，则两轮边缘上的点角速度之比为ωb：ωc＝1：1，故D正确；Ⅱ、Ⅲ两轮共轴转动，角速度相等，根据v＝rω，b、c两轮边缘上点的线速度之比为：vb：vc＝r2：r3，故B错误。所以D正确，ABC错误。【点睛】解决本题的关键知道线速度与角速度的关系，知道共轴转动的点角速度相等，靠传送带传动的点线速度大小相等。8.如图所示，在动摩擦因数为μ的水平面上有A、B两个质量均为m的滑块，用劲度系数为k的轻质弹簧相连，弹簧始终在弹性限度内，现有一与水平面成45°角的力F作用在滑块B上，A、B刚好不滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则拉力F的大小为（）A.B.C.D.【答案】C【分析】A、B刚好不滑动，AB与水平面恰好达到最大静摩擦力，分别隔离A和B受力分析由平衡条件列式求解即可。【详解】A、B刚好不滑动，AB与水平面恰好达到最大静摩擦力，隔离A受力分析由平衡条件得：F弹＝μmg，隔离B受力分析由平衡条件得：Fcos45°＝F弹+μ（mg﹣Fsin45°），联立解得：，故ABD错误，C正确。【点睛】本题考查共点力的平衡条件的应用，关键是对物体隔离受力分析，根据平衡条件找出各个力之间的关系。9.下列说法中正确的是（）A.在物理学史上，最早正确指出“力与运动”关系的物理学家是牛顿B.做变速运动的物体，加速度在减小的过程中，物体运动的速度一定减小C.滑动摩擦力总是阻碍物体的相对运动，运动的物体也可能受到静摩擦力作用D.质点做曲线运动时，可能在相等的时间内速度的变化量相等-7-【答案】CD【详解】在物理学史上，最早正确指出“力与运动”关系的物理学家是伽利略，故A错误；若加速度和速度方向相同，加速度在减小的过程中，物体的速度一定是增大的，故B错误；滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，静止的物体也可以受动摩擦力作用，比如：正在沿着传送带斜向上运动的物体，故C正确；曲线运动的速度方向时刻改变，但平抛运动的加速度不变，在相等的时间内速度变化相等，故D正确。所以CD正确，AB错误。10.2018年，某城市引入了装配式住宅试点工程，装配式住宅是通过工厂预制房子主要部件，然后像“搭积木”一样把它们组装起来，它具有施工方便、质量、可靠的优点。下图是塔式吊车在把住宅部件从地面竖直吊起过程中的图，则部件上升过程中不正确的是（）A.t＝3s时，部件处于超重状态B.t＝4.5s时，部件的速度在减小C.t＝5s和t＝12s时，部件的速度方向相反D.t＝13s时，部件所受拉力小于重力【答案】AD【分析】根据物体处于超重状态，有向上的加速度，合力也向上；物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下。【详解】由图可确定先做向上加速运动，再匀速，再减速运动。t＝3s时，加速度向上为超重，故A正确；5s前一直加速，故B错误；速度一直向上，故C错误；13s时加速度向下为失重，则拉力小于重力，故D正确。所以AD正确，BC错误。【点睛】本题是对图象的考查，掌握住加速度时间图象的含义，知道超重和失重的特点即可解答本题。11.某人骑自行车以5m/s的初速度匀减速骑上一个长为30m的斜坡，加速度大小是0.4m/s2．则（）-8-A.他不能到达坡顶B.他到达坡顶端需用10s时间C.他到达坡顶端需用15s时间D.他到达坡顶时的速度为1m/s【答案】BD【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出他骑上斜坡所用的时间；根据速度时间公式求出自行车到达斜坡顶端的速度大小。【详解】根据位移时间公式得：，可得30＝5t﹣0.2t2，解得：t1＝10s，t2＝15s（舍去，因为自行车经过，速度减为零），故AC错误，B正确；自行车到达坡顶的速度为：v＝v0+at＝5﹣0.4×10m/s＝1m/s，故D正确。所以BD正确，AC错误。【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用，基础题。12.如图所示，一物体M从A点以某一初速度沿倾角θ＝37°的粗糙固定斜面向上运动，自顶端B点飞出后，垂直撞到高H＝2.25m的竖直墙面上C点，又沿原轨迹返回。已知B、C两点的高度差h＝0.45m，物体M与斜面间的动摩擦因数μ＝0.25，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10m/s2，下面选项正确的是（）A.物体M沿斜面向上运动时的加速度大小为8m/s2B.物体返回到B点时的速度大小为5m/sC.物体M沿斜面向下运动时的加速度大小为4m/s2D.物体被墙面弹回后，从B点回到A点所需的时间0.4s【答案】ABC-9-【分析】根据牛顿第二定律求出物体M沿斜面向上运动时的加速度大小；物体从C点到B点的过程做平抛运动，根据平抛运动的高度求出到达B点时竖直方向上的分速度，结合平行四边形定则求出物体返回后B点的速度；根据牛顿第二定律求出物体沿斜面下滑的加速度，结合位移时间公式求出从B点回到A点所需的时间。【详解】物体M沿斜面向上运动时的加速度为a，由牛顿第二定律有：mgsinθ+μmgcosθ＝ma，解得：a＝8m/s2，故A正确；物体从C点到B点做平抛运动，设落至B点时在竖直方向的速度为vBy，由平抛运动规律有：，解得：vBy＝3m/s，由题意知，物体落在B点后刚好沿斜面下滑，则它落至B点时的速度方向沿斜面向下，与水平方向的夹角为37°，大小为：，故B正确；设物体从B点返回到