高考数学复习第二轮---重点难点专项突破17--三角形中的三角函数式

刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17难点17三角形中的三角函数式三角形中的三角函数关系是历年高考的重点内容之一，本节主要帮助考生深刻理解正、余弦定理，掌握解斜三角形的方法和技巧.●难点磁场(★★★★★)已知△ABC的三个内角A、B、C满足A+C=2B.BCAcos2cos1cos1，求cos2CA的值.●案例探究［例1］在海岛A上有一座海拔1千米的山，山顶设有一个观察站P，上午11时，测得一轮船在岛北30°东，俯角为60°的B处，到11时10分又测得该船在岛北60°西、俯角为30°的C处。(1)求船的航行速度是每小时多少千米；(2)又经过一段时间后，船到达海岛的正西方向的D处，问此时船距岛A有多远？命题意图：本题主要考查三角形基础知识，以及学生的识图能力和综合运用三角知识解决实际问题的能力.知识依托：主要利用三角形的三角关系，关键找准方位角，合理利用边角关系.错解分析：考生对方位角识别不准，计算易出错.技巧与方法：主要依据三角形中的边角关系并且运用正弦定理来解决问题.解：(1)在Rt△PAB中，∠APB=60°PA=1，∴AB=3(千米)在Rt△PAC中，∠APC=30°，∴AC=33(千米)在△ACB中，∠CAB=30°+60°=90°)/(30261330330)3()33(2222时千米ABACBC(2)∠DAC=90°－60°=30°sinDCA=sin(180°－∠ACB)=sinACB=101033303BCABsinCDA=sin(∠ACB－30°)=sinACB·cos30°－cosACB·sin30°10103.2010)133()10103(121232在△ACD中，据正弦定理得CDAACDCAADsinsin，刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17∴13392010)133(1010333sinsinCDADCAACAD答：此时船距岛A为1339千米.［例2］已知△ABC的三内角A、B、C满足A+C=2B，设x=cos2CA，f(x)=cosB(CAcos1cos1).(1)试求函数f(x)的解析式及其定义域；(2)判断其单调性，并加以证明；(3)求这个函数的值域.命题意图：本题主要考查考生运用三角知识解决综合问题的能力，并且考查考生对基础知识的灵活运用的程度和考生的运算能力，属★★★★级题目.知识依托：主要依据三角函数的有关公式和性质以及函数的有关性质去解决问题.错解分析：考生对三角函数中有关公式的灵活运用是难点，并且不易想到运用函数的单调性去求函数的值域问题.技巧与方法：本题的关键是运用三角函数的有关公式求出f(x)的解析式，公式主要是和差化积和积化和差公式.在求定义域时要注意|2CA|的范围.解：(1)∵A+C=2B，∴B=60°，A+C=120°,3421221)cos()cos(2cos2cos2coscoscoscos21)(22xxxxCACACACACACAxf∵0°≤|2CA|＜60°，∴x=cos2CA∈(21，1]又4x2－3≠0，∴x≠23，∴定义域为(21，23)∪(23，1］.(2)设x1＜x2，∴f(x2)－f(x1)=342342211222xxxx=)34)(34()34)((222212121xxxxxx，若x1，x2∈(23,21)，则4x12－3＜0，4x22－3＜0，4x1x2+3＞0，x1－x2＜0，∴f(x2)－f(x1)＜0即f(x2)＜f(x1)，若x1，x2∈(23，1］，则4x12－3＞0.4x22－3＞0，4x1x2+3＞0，x1－x2＜0，∴f(x2)－f(x1)＜0.即f(x2)＜f(x1)，∴f(x)在(21,23)和(23，1]上都是减函数.刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17(3)由(2)知，f(x)＜f(21)=－21或f(x)≥f(1)=2.故f(x)的值域为(－∞，－21)∪［2，+∞).●锦囊妙计本难点所涉及的问题以及解决的方法主要有：(1)运用方程观点结合恒等变形方法巧解三角形；(2)熟练地进行边角和已知关系式的等价转化；(3)能熟练运用三角形基础知识，正、余弦定理及面积公式与三角函数公式配合，通过等价转化或构建方程解答三角形的综合问题，注意隐含条件的挖掘.●歼灭难点训练一、选择题1.(★★★★★)给出四个命题：(1)若sin2A=sin2B，则△ABC为等腰三角形；(2)若sinA=cosB，则△ABC为直角三角形；(3)若sin2A+sin2B+sin2C＜2，则△ABC为钝角三角形；(4)若cos(A－B)cos(B－C)cos(C－A)=1，则△ABC为正三角形.以上正确命题的个数是()A.1B.2C.3D.4二、填空题2.(★★★★)在△ABC中，已知A、B、C成等差数列，则2tan2tan32tan2tanCACA的值为__________.3.(★★★★)在△ABC中，A为最小角，C为最大角，已知cos(2A+C)=－34，sinB=54，则cos2(B+C)=__________.三、解答题4.(★★★★)已知圆内接四边形ABCD的边长分别为AB=2，BC=6，CD=DA=4，求四边形ABCD的面积.5.(★★★★★)如右图，在半径为R的圆桌的正中央上空挂一盏电灯，桌子边缘一点处的照度和灯光射到桌子边缘的光线与桌面的夹角θ的正弦成正比，角和这一点到光源的距离r的平方成反比，即I=k·2sinr，其中k是一个和灯光强度有关的常数，那么怎样选择电灯悬挂的高度h，才能使桌子边缘处最亮？6.(★★★★)在△ABC中，a、b、c分别为角A、B、C的对边，27cos22sin42ACB.(1)求角A的度数；(2)若a=3，b+c=3，求b和c的值.7.(★★★★)在△ABC中，∠A、∠B、∠C所对的边分别为a、b、c，且a、b、3c成等比数列，又∠A－∠C=2，试求∠A、∠B、∠C的值.8.(★★★★★)在正三角形ABC的边AB、AC上分别取D、E两点，使沿线段DE折叠三角形时，顶点A正好落在边BC上，在这种情况下，若要使AD最小，求AD∶AB的值.参考答案难点磁场刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17解法一：由题设条件知B=60°，A+C=120°.设α=2CA，则A－C=2α，可得A=60°+α，C=60°－α，,43coscossin43cos41cossin23cos211sin23cos211)60cos(1)60cos(1cos1cos1222CA所以依题设条件有,cos243coscos2B.2243coscos,21cos2B整理得42cos2α+2cosα－32=0(M)(2cosα－2)(22cosα+3)=0，∵22cosα+3≠0，∴2cosα－2=0.从而得cos222CA.解法二：由题设条件知B=60°，A+C=120°22cos1cos1,2260cos2CA①，把①式化为cosA+cosC=－22cosAcosC②，利用和差化积及积化和差公式，②式可化为)]cos()[cos(22cos2cos2CACACACA③，将cos2CA=cos60°=21，cos(A+C)=－21代入③式得：)cos(2222cosCACA④将cos(A－C)=2cos2(2CA)－1代入④：42cos2(2CA)+2cos2CA－32=0，(*)，.222cos:,022cos2,032cos22,0)32cos22)(222cos2(CACACACACA从而得歼灭难点训练一、1.解析：其中(3）(4）正确.答案：B二、2.解析：∵A+B+C=π，A+C=2B，刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17.32tan2tan32tan2tan)2tan2tan1(32tan2tan,3)2tan(,32CACACACACACA故答案：33.解析：∵A为最小角∴2A+C=A+A+C＜A+B+C=180°.∵cos(2A+C)=－54，∴sin(2A+C)=53.∵C为最大角，∴B为锐角，又sinB=54.故cosB=53.即sin(A+C)=54，cos(A+C)=－53.∵cos(B+C)=－cosA=－cos［(2A+C)－(A+C)］=－2524，∴cos2(B+C)=2cos2(B+C)－1=625527.答案：625527三、4.解：如图：连结BD，则有四边形ABCD的面积：S=S△ABD+S△CDB=21·AB·ADsinA+21·BC·CD·sinC∵A+C=180°，∴sinA=sinC故S=21(AB·AD+BC·CD)sinA=21(2×4+6×4)sinA=16sinA由余弦定理，在△ABD中，BD2=AB2+AD2－2AB·AD·cosA=20－16cosA在△CDB中，BD2=CB2+CD2－2CB·CD·cosC=52－48cosC∴20－16cosA=52－48cosC，∵cosC=－cosA，∴64cosA=－32，cosA=－21，又0°＜A＜180°，∴A=120°故S=16sin120°=83.5.解：R=rcosθ，由此得：20,cos1Rr，刘老师精品资料之高考数学第二轮---难点突破17RRhRkIRkRkIRkRkrkI22tan,33sin,392)32()()sin1)(sin1(sin2)(2)cos(sincossinsin232222222222222此时时成立等号在由此得.1221:232:3,3.3)(21221cos2cos:)2(60,1800,21cos,01cos4cos45cos4)cos1(4,271cos2)]cos(1[2:,180272cos2sin4)1(:.6222222222222cbcbbccbbccbabcacbbcacbAbcacbAAAAAAAAACBCBAACB或得由代入上式得将由余弦定理得即得及由解7.解：由a、b、3c成等比数列，得：b2=3ac∴sin2B=3sinC·sinA=3(－21)［cos(A+C)－cos(A－C)］∵B=π－(A+C).∴sin2(A+C)=－23［cos(A+C)－cos2］即1－cos2(A+C)=－23cos(A+C)，解得cos(A+C)=－21.∵0＜A+C＜π，∴A+C=32π.又A－C=2∴A=127π，B=3，C=12.8.解：按题意，设折叠后A点落在边BC上改称P点，显然A、P两点关于折线DE对称，又设∠BAP=θ，∴∠DPA=θ，∠BDP=2θ，再设AB=a，AD=x，∴DP=x.在△ABC中，∠APB=180°－∠ABP－∠BAP=120°－θ由正弦定理知：APBABBAPBPsinsin.∴BP=)120sin(sina在△PBD中，60sin2sin)120sin(sin,60sinsin,sinsinxaxBPBDPBPDBPDP从而所以,.3)260sin(23)120sin(2sin60sinsinaax∵0°≤θ≤60°，∴60°≤60°+2θ≤180°，∴当60°+2θ=90°，即θ=15°时，sin(60°+2θ)=1，此时x取得最小值)332(323aa，即AD最小，∴AD∶DB=23－3.