用单摆测定重力加速度

1用单摆测定重力加速度实验注意事项及误差分析1、实验原理单摆的偏角很小（小于010）时，其摆动可视为简谐运动，摆动周期为2LTg，由此可得224gLT。从公式可以看出，只要测出单摆的摆长L和摆动周期T，即可计算出当地的重力加速度。实验器材：1、单摆、停表、直尺、游标卡尺、铁架台等。2、单摆、光电门传感器、直尺、游标卡尺、铁架台等。注意器材：绳——不可伸长，质量小，尽可能长但小于1m(不然米尺难以量)球——越小，越重为佳长度测量：L=l线+r，r：游标卡尺测，精确到0.01mml线：米尺测，精确到mm，估读到0.1mm时间测量：秒表，精确到0.1s，无须估读2、注意事项⑴实验所用的单摆应符合理论要求，即线要细、轻、不伸长，摆球要体积小质量大（密度大），并且偏角不超过010。⑵单摆悬线上端要固定，即用铁夹夹紧，以免摆球摆动时摆线长度不稳定。⑶摆球摆动时，要使之保持在同一个竖直平面内，不要形成圆锥摆，如图1所示。若形成的圆锥摆的摆线与竖直方向的夹角为，则摆动的周期为cos2LTg，比相同摆长的单摆周期小，这时测得的重力加速度值比标准值大。⑷计算单摆振动次数时，以摆通过最低位置时进行计数，且在数“零”的同时按下秒表，开始计数。这样可以减小实验误差。⑸为使摆长测量准确，从而减小实验误差，在不使用游标卡尺测量摆球直径的情况下，可用刻度尺按图2量出1L和2L，再由121()2LLL计算出摆长。3、误差分析⑴本实验系统误差主要来源于单摆模型本身是否符合要求，即：悬点是否固定，是单摆还是复摆，球、线是2否符合要求，振动是圆锥摆还是在同一竖直平面内振动以及测量哪段长度作为摆长等等。只要注意了上面这些方面，就可以使系统误差减小到远远小于偶然误差而忽略不计的程度。⑵本实验偶然误差主要来自时间（即单摆周期）的测量上。因此，要注意测准时间（周期）。要从摆球通过平衡位置开始计时，并采用倒计时的方法，不能多记振动次数。为了减小偶然误差，应进行多次测量然后取平均值。⑶本实验中长度（摆线长、摆球的直径）的测量时，读数读到毫米位即可（即使用卡尺测摆球直径也需读到毫米位）。时间的测量中，秒表读数的有效数字的末位在“秒”的十分位即可。3少算r,换言之作的图是T2-R摆线的图故截距在y轴上为正44、实验数据处理方法⑴求平均值法在本实验中要改变摆长，并进行多次测量，以求重力加速度g的平均值，如右表。⑵图象法①图象法之一：2T－L图象由单摆周期公式可以推出：224gLT，因此分别测出一系列摆长L对应的周期T，作L－2T图象，图象应是一条通过原点的直线，求出图线的斜率k，即可求得g值，如图3所示。24gk，22LLkTT。5、实例分析例1、利用单摆测重力加速度时，为了使实验结果尽可能准确，应选择下列哪一组实验器材？（）A、乒乓球、丝线、秒表、米尺B、软木实心球、细绳、闹钟、米尺C、铅质实心球、粗绳、秒表、米尺D、铁质实心球、丝线、秒表、米尺解析：单摆是理想化模型，摆球应质量大、体积小，摆线应细，且不可伸长，所以D选项正确。例2、针对用单摆测重力加速度的实验，下面各种对实验误差的影响的说法中正确的是（）A、在摆长和时间的测量中，时间的测量对实验误差影响较大B、在摆长和时间的测量中，长度的测量对实验误差影响较大C、将振动次数n记为(1)n，测算出的g值比当地的公认值偏大次数1234平均值LTg根据2LTg得：224TLg，作出2T－L图象，求出斜率k，则24gk。②图象法之二：L－2T图象5D、将摆线长当作摆长，未加摆球的半径测算出的g值比当地的公认值偏大解析：对于单摆测重力加速度的实验，重力加速度的表达式224lgT，由于与周期是平方关系，它若有误差，在平方后会更大，所以时间的测量影响更大些，A选项正确；另外，重力加速度值变大，C选项正确；若当摆长未加小球的半径，将使摆长的测量值变小，g值变小，D选项错误。综上所述，正确答案为AC选项。例3、两个同学做“利用单摆测重力加速度”的实验：⑴甲同学测得g值变小，其可能原因是（）A、测摆线长时，摆线拉得过紧B、摆线未系牢，摆动中松弛了C、试验中误将49次全振动次数记为50次D、试验中误将51次全振动次数记为50次⑵乙同学做实验时，一时找不到摆球，就用重锤代替摆球，两次分别用不同的摆长做实验，测摆长时只测摆线长，其长度分别为1l和2l，并相应测出其周期为1T和2T，要用上述测量的数据正确计算出g值，那么他计算重力加速度的表达式应为：g=。解析：⑴由224lgT，若g偏小，则l测量值比真实值小或T测量值比真实值大，故BD选项正确。⑵设重锤的等效半径为r，由224lgT，得21214()lrgT，22224()lrgT。由以上两式解得：21222124()llgTT。例4、在利用单摆测定重力加速度的试验中，某同学测出了多组摆长和运动周期，根据实验数据，做出了2T—l的关系图象如图1所示。如果振动次数多数了一次，会造成周期的测量值变小，6上分析可以看出该同学试验中出现的错误可能是漏加了小球半径。⑵由上述分析可以看出，无论是漏加小球半径还是多加小球半径，在2T—l图象中图线的斜率是不变的。由图1可以看出24.004.00.990.01ksm，所以重力加速度222443.149.874.0gmsk。巩固练习：1、在“用单摆测定重力加速度”的试验中，下列关于误差分析的说法正确的是（AB）A、测量中的周期产生的误差，对测g值影响较大B、测摆长时未加摆球半径，使测g值偏小C、重复几次实验，分别求摆长和周期的平均值，这样所得g值误差就减少了⑴该同学试验中出现的错误可能是（）⑵虽然试验中出现了错误，但根据图象中的数据，仍可算出准确的重力加速度，其值为2ms。解析：⑴根据周期公式2lTg得：224Tlg，从公式上可以看出2T与l成正比,如图2中的a图线；如果漏加小球半径则公式应为：224()Tlrg，如图2中的c图线；如果多加小球半径则公式应为：224()Tlrg，如图2中的b图线。通过以7D、试验中形成了水平面内的圆锥摆式运动，测得g值偏小物理量。⑴现有如下测量工具：A、时钟；B、秒表；C、天平；D、毫米刻度尺。本实验所需的测量工具有BD；⑵如果试验中所得到的2T—l的关系图象如图4乙所示，那么真正的图象应该是a、b、c中的a；⑶由图象可知，小筒的深度h30cm；当地重力加速度g9.862ms。4.学过单摆的周期公式以后，物理兴趣小组的同学们对钟摆产生了兴趣，老师建议他们先研究用厚度和质量分布均匀的方木块（如一把米尺）做成的摆（这种摆被称为复摆），如图所示。让其在竖直平面内做小角度摆动，C点为重心，板长为L，周期用T表示。甲同学猜想：复摆的周期应该与板的质量有关。乙同学猜想：复摆的摆长应该是悬点到重心的距离L/2。丙同学猜想：复摆的摆长应该大于L/2。理由是：若OC段看成细线，线栓在C处，C点以下部分的重心离O点的距离显然大于L/2。为了研究以上猜想是否正确，同学们进行了下面的实验探索：2、在“用单摆测定重力加速度”的试验中，甲同学画的L－2T图象如图3中a图线，乙同学画的L－2T图象如图3中b图线，图线不过原点的原因是甲多加了小球半径；乙漏加了小球半径。3、将一单摆装置竖直悬挂于某一深度为h（未知）且开口向下的小筒中（单摆的下部分露于筒外），如图4甲所示，将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，设单摆摆动过程中悬线不会碰到筒壁，如果本试验的长度测量工具只能测量出筒的下端口到摆球球心之间的距离l，并通过改变l而测出对应的摆动周期T，再以2T为纵轴、l为横轴作出函数关系图象，那么就可以通过此图象得出我们想要测量的8(1)把两个相同的木板完全重叠在一起，用透明胶（质量不计）粘好，测量其摆动周期，发现与单个木板摆动时的周期相同，重做多次仍有这样的特点。则证明了甲同学的猜想是_____错误________的（选填“正确”或“错误”）。(2)用T0表示板长为L的复摆看成摆长为L/2单摆的周期计算值（T0=2gL2/），用T表示板长为L复摆的实际周期测量值。计算与测量的数据如下表：由上表可知，复摆的等效摆长大于L/2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。(3)为了进一步定量研究，同学们用描点作图法对数据进行处理，所选坐标如图。请在坐标纸上作出T-T0图，并根据图象中反映出的规律求出2/LL等=____9/7______（结果保留三位有效数字，其中L等是板长为L时的等效摆长T=2gL等）。板长L/cm255080100120150周期计算值T0/s0.701.001.271.411.551.73周期测量值T/s0.811.161.471.641.802.01910