海淀理综答案解析

资料分享QQ群：141304635联系电话：82618899地址：北京市海淀区中关村大街32号和盛大厦1812电话：[phone]海淀一模理综试卷答案及解析学而思高考研究中心——刘理、赵伟、刘佳臣、蔺天威、武延宇元弢、贾世增、汲素美、车万翔、马越李霄君、张鸿、宋伟、金希哲周云、杨小华1．C【解析】考查细胞的基本结构和功能、真核细胞和原核细胞的共性和区别。大肠杆菌是原核生物，酵母菌是真核生物。原核生物只有核糖体一种细胞器，大肠杆菌没有线粒体，A错误。原核细胞只有拟核没有核膜，B错误。所有细胞的增殖方式都是细胞分裂，细胞分裂过程包括物质准备（主要是DNA的复制）和细胞分裂两个连续的阶段，所有不管真核细胞还是原细胞一定都会以亲代DNA为模板合成子代DNA，C正确。原核细胞的DNA不与组蛋白结合，大肠杆菌的DNA并不以染色体的形式存在，D错误。2．A【解析】考查神经调节和体液调节。人在夏季进行快走、慢跑等有氧运动时，机体会通过神经-体液调节保证机体的各个方面维持基本稳定状态。血浆中存在酸碱缓冲物质比如H2CO3/HCO3-，保证血浆pH在7.35~7.45左右，不会明显降低，A错误。3．B【解析】考查坐标曲线的分析和光合作用相关知识。分析曲线可知随细胞间隙CO2浓度的增加，C5的含量先快速下降（A→B）然后基本保持不变（B→C）。根据光合作用相关知识知道C5与CO2结合生成C3，若CO2浓度的增加则C5会因消耗增加而减少，反之，若CO2浓度的下降则C5会增加。A→B，随CO2浓度增加C5含量下降，可推测叶肉细胞吸收CO2速率增加。B点之后，CO2浓度达到一定值，暗反应速率达到最高并基本保持不变，所以B→C段C5量不再变化。该题数据只能反映光合作用的变化情况，并不能反应呼吸作用的情况，所以B的结论根本不能推理出来。B错误。A→B，随CO2浓度增加C5含量下降，可推测叶肉细胞吸收CO2速率增加，暗反应速率加快，所以消耗ATP加快。C正确。达到一定浓度后，即使CO2浓度再增加，C5量也不再变化，说明B→C段暗反应速率基本达到最高保持不变，这时限制暗反应速率的因素已不再是外界CO2浓度的不足，应该是内部因素的限制，推测可能是RuBP羧化酶量不足所致，D正确。4．D【解析】考查种间关系和进化相关知识以及信息获取的能力。榕树和传粉榕小蜂互利共生的关系是协同进化的结果，A正确。传粉榕小蜂和非传粉榕小蜂的种群数量都会受到季节、气候、繁殖期等的影响而发生周期性波动。根据题干信息可知，传粉小蜂繁殖依赖于榕果，榕树的结果时间和数量也会影响到传粉榕小蜂的种群数量变化。B正确。根据题干信息“非传粉榕小蜂先进入榕果产卵，该榕果常常会脱落”分析榕果脱落可以限制非传粉榕小蜂数量，以保证传粉小蜂的数量为其传粉。C正确。群落内部的各个种群之间存在直接或间接的关系，这些关系调节和保证群落结构的稳态。D错误。资料分享QQ群：141304635联系电话：82618899地址：北京市海淀区中关村大街32号和盛大厦1812电话：[phone]．A【解析】考查必修基础实验和选修相关知识。倒平板时必须保证培养基是溶化状态没有凝固，所以A正确。沸水处理会使细胞死亡，B错误。洋葱鳞片叶是已经分化的成熟细胞，不再进行分裂，C错误。双缩脲试剂鉴定蛋白质的实验不需要沸水浴，D错误6.B【解析】主要考查内容是化学与生活，A中硫酸铵是氮肥，主要成分是424(NH)SO；B中小苏打主要成分是3NaHCO,是抗酸剂；C中单晶硅主要成分是Si，用途是光电池；D纯氧化铁红主要成分是23FeO，用途做涂料。7.D【解析】主要考察的是金属防腐蚀。A中铬的作用在于隔绝空气中的水和氧气，防止生锈；B是外接电源的阴极保护法；C吸氧腐蚀的正极反应为，-222HOO4e=4OH;D铁的析氢腐蚀负极反应为2Fe-2eFe.8.A【解析】主要考查是有机物的相关知识。A淀粉和纤维素最终水解的产品是葡萄糖；B乙酸乙酯在氢氧化钠溶液中会水解，C天然油脂的主要成分是高级脂肪酸甘油酯；D同系物指的是含有相同种类和数目官能团，且相差若干个“-2CH-”基团的有机物。9.DA金属钠在空气中变暗，224Na+O=2NaOB氯化铝溶液与过量的氨水反应，3++323Al+3NH.HO=Al(OH+3NH4）C铁与水蒸气共热生成氢气23423Fe+4HOFeO4HD电解食盐水溶液2222NaCl+2HO=NaOHHCl210.A【解析】主要考查化学实验的相关知识。A实验现象及结论正确，2MnO与浓盐酸反应生成2Cl，2Cl和I反应生成2I，体现2Cl的氧化性；B2SO使得溴水褪色，体现2SO的还原性；C中23NaCO与苯酚溶液，反应错误；电石不是纯净物，电石和饱和食盐水反应会产生硫化氢体现还原性，干扰实验结果。11.B【解析】主要考查离子反应和氧化还原反应的相关知识。A实验1中加酸和碱反应现象不一，说明反应可逆，实验2中仅能说明反应消耗可逆反应中的227CrO，不能证明溶液中存在所述平衡；B实验2中，227CrO是氧化剂，3Fe是氧化产物，氧化剂的氧化性大于氧化产物，B正确；C酸性溶液中，存在上述可逆反应，而由实验2可知道227CrO和2Fe反应，故不能大量共存；D稀释溶液，上述可逆反应正向移动，溶液中存在H，OH，24CrO，227CrO，K五种离子，根据水的离子积只随温度变化，H浓度降低，而OH浓度增加。资料分享QQ群：141304635联系电话：82618899地址：北京市海淀区中关村大街32号和盛大厦1812电话：[phone].C【解析】主要考查化学平衡及平衡移动的相关知识。A已知可得反应正向放热，降低温度，平衡正向移动，2H浓度相较于原平衡降低得更多，故曲线I不能是降低温度；B充入氦气，容器体积不变，不影响各组分气体浓度，不影响平衡；C根据平衡常数计算，依据速率比等于系数比可以求得该反应的化学平衡常数为0.5，故C正确；D反应开始至a点，根据三段式可求得v（2CO）=0.911molLmin13．B【解析】当物体温度升高时，分子热运动的平均动能（平均速率）增大，并不一定每个分子的热运动速率都增大，A错误。布朗运动实际是固体颗粒的无规则运动，但反映的是液体分子的无规则运动，B正确；分子间斥力可能大于引力，例如压缩固体时，因此C错误；物体内能与宏观运动动能无关，D错误。14．D【解析】轻原子核聚合成较重原子核的反应成为聚变反应，D正确。A是核裂变；B是β衰变；C是α衰变。15．A【解析】空气中入射角相同的情况下，a光在玻璃中的折射角较大，由折射定律可知：b光折射率较大，A正确；由cvn可知，a光在玻璃中的速度较大，B错误；由临界角1arcsinCn可知，a光临界角较大，C错误；b光频率较高，波长较短，由双缝干涉的条纹间距ΔLxd可知，b光条纹间距较窄，D错误。16．B【解析】由甲图可知，振幅为30cm，A错误；由甲图可知，波长8m，故周期4sTv，B正确；由甲图可知，0t时刻，4mx处的质点处于平衡位置，6mx处的质点处于最大位移处，故4mx处的质点速度较大，C错误。每个质点沿y轴方向振动，不随波平移，故D错误。实际上，0t时4mx处的质点沿y轴正方向运动（由乙图可知0t时刻，0x处的质点沿y轴负方向运动，再结合甲图可知，波沿x轴负方向传播，因此，0t时4mx处的质点沿y轴正方向运动）。17．C【解析】由左手定则可判断，甲带正电荷，乙带负电荷，A错误；洛伦兹力不做功，B错误；即粒子运动半径较大，由粒子在磁场中做圆周运动半径mvrqB可知，甲的速率较大，C正确；运动周期2πmTqB可知，甲、乙运动周期相等，且两者运动时间都为2T，因此，两者运动时间相等，D错误。18．D【解析】任意时刻均只有一根金属条在磁场中，设传送带匀速运动速度为v，则感应电动势EBLv，电阻R两端电压RUERr，联立解得：RrvURBL，A错误；电阻R产生焦耳热的功率为2UR，B错误；任意时刻回路中电流UIR，故金属条所受安培力BLUFBILR，C错误；由于安培力大小不变，故每根金属条经过磁场区域的全过程克服安培力做功BLUWFddR，D正确。资料分享QQ群：141304635联系电话：82618899地址：北京市海淀区中关村大街32号和盛大厦1812电话：[phone]．A【解析】永磁体磁性越强，其穿过铝管时，产生的感应电流越强，所受安培力越大，因此穿出铝管时的速度越小，所用时间越长，产生的焦耳热越多，A正确，BC错误。永磁体穿过铝管时，重力势能的减少量等于动能的增加量与焦耳热之和，D错误。20．B【解析】本题考察量纲法，频率单位为1s，r单位为m，的单位为3kg/m，单位为2Νkgms。由fkr两边量纲相同可知：32kgkg1mmss，解得：12，12，32，B正确。21．（18分）⑴①19.40（19.38~19.42）（2分）；1.94（1.93~1.95）（2分）；②212ghv（2分）⑵①0.383（0.382~0.385）（2分）②1A（2分）；1R（2分）；③见右图（2分）；④2π4UdIl（2分）；⑤A（2分）22．(16分)⑴小物块受电场力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律有1qEmgma（2分）根据运动学公式11.0st时小物块的速度大小有111vat（2分）解得：12.0m/sv（2分）⑵小物块11.0st内位移的大小211111.0m2xat（2分）撤去电场后小物块做匀减速运动，根据牛顿第二定律有2mgma（2分）小物块21.0st内的位移22122211.5m2xvtat（2分）小物块运动2.0s位移大小122.5mxxx（2分）⑶小物块运动过程中电场力对小物块所做的功10.60JWqEx（2分）23．（18分）⑴根据动能定理有212qUmv（4分）解得：2qUvm（3分）⑵在与飞船运动方向垂直方向上，根据动量守恒有：MvNmv（4分）解得：2MvMvNmvqUm（2分）⑶设单位时间内通过栅电极A的氙离子数为n，在时间t内，离子推进器发射出的氙离子个数为Nnt，设氙离子受到的平均力为F，对时间t内的射出的氙离子运用动量定理，FtNmvntmv，Fnmv（1分）根据牛顿第三定律可知，离子推进器工作过程中对飞船的推力大小FFnmv电场对氙离子做功的功率PnqU（1分）资料分享QQ群：141304635联系电话：82618899地址：北京市海淀区中关村大街32号和盛大厦1812电话：[phone]则2FmSPqU（1分）根据上式可知：增大S可以通过减小q、U或增大m的方法。（1分）提高该比值意味着推进器消耗相同的功率可以获得更大的推力。（1分）（说明：其他说法合理均可得分）24.（20分）⑴设地球质量为M，飞船质量为m，探测器质量为m，当飞船与探测器一起绕地球做圆周运动时的速度为0v根据万有引力定律和牛顿第二定律有202()()()vGMmmmmkRkR（4分）对于地面附近的质量为m0的物体有200/mgGMmR（3分）解得：0gRvk（3分）⑵①设探测器被发射出时的速度为v，因其运动过程中动能和引力势能之和保持不变，所以探测器刚好．．脱离地球引力应满足2102GMmmvkR（3分）解得：0222GMgRvvkRk（2分）②设发射探测器后飞船在A点的速度为Av,运动到B点的速度为Bv,因其运动过程中动能和引力势能之和保持不变，所以有221122BAGMmGMmmvmvRkR（3分）对于飞船发射探测器的过程，根据动量守恒定律有0'Ammvmvmv（1分）因飞船通过A点与B点的速度大小与这两点到地心的距离成反比，即BARvkRv解得：21211mmk（