高一物理下册半期考试试题

高一物理下册半期考试试题（考试时间90分钟，总分100分）一、每题至少有一个选项与题意符合，选出与题意相符和的选项。每题3分，漏选得2分，错选得0分，共10题30分）1、关于曲线运动下列叙述不正确的是（）A．物体之所以做曲线运动，是由于物体受到垂直于速度方向的力（或者分力）的作用B．物体只有受到一个方向不断改变的力，才可能作曲线运动C．物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，物体做曲线运动D．平抛运动是一种匀变速曲线运动2、人造地球卫星在圆形轨道上环绕地球运行时，它的运动速度、周期和轨道半径的关系是A．半径越大，速度越小，周期越大B．半径越大，速度越大，周期越大（）C．半径越大，速度越大，周期越小D．半径越大，速度越小，周期越小3、下列关于平抛运动说法正确的是（）A、在日常生活中，我们将物体以水平速度抛出后物体在空气中一定做平抛运动．B、做平抛运动的物体水平位移越大，则说明物体的初速度越大．C、做平抛运动的物体运动时间越长，则说明物体水平初速度越小．D、做平抛运动的物体落地时速度方向与水平方向夹角的正切值与时间成正比．4、有关万有引力的说法中，正确的有（）A.物体落到地面上，说明地球对物体有引力，物体对地球没有引力B．221rmmGF中的G是比例常数，适用于任何两个物体之间，它没有单位C．万有引力定律是牛顿在总结前人研究的基础上发现的D．地面上自由下落的苹果和天空中运行的月亮，受到的都是地球引力5、关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（）A．合运动的时间等于两个分运动的时间之和B．匀变速运动的轨迹可以是直线，也可以是曲线C．曲线运动的加速度方向可能与速度在同一直线上D．分运动是直线运动，则合运动必是直线运动6、如图所示，以速度1v水平抛出一小球，球落地时速度为2v，不计空气阻力，图中能表示出速度矢量的演变过程的是（）学校_____________班级______________姓名_______________考号_____________★★★★★★★★★★★★★★★密★★★★★★★★★★★★★★★封★★★★★★★★★★★★★★★-线-★★★★★★★★★★★7在高处的同一点，将三个质量相同的小球，以大小相等的初速度分别上抛、平抛和下抛，并落到同一水平地面上，则（）A．三个小球落地时，重力的瞬时功率相同B．从抛出到落地的过程中，重力对它们做功的平均功率相同C．从抛出到落地的过程中，重力对它们做的功相同D．三个小球落地时的速率相等8、．物体做匀速圆周运动时，下列说法中正确的是（）A．根据Rva2，向心加速度的大小一定跟圆周运动的半径成反比B．根据Ra2，向心加速度的大小一定跟圆周运动的半径成正比C．根据Rv，角速度一定跟圆周运动的半径成反比D．根据n2，角速度一定跟转速成正比9、如图所示，两物体与水平面间的动摩擦因数相同，它们的质量相等，在甲图用力F1推物体，在乙图用力F2拉物体，两种情况下，物体都做匀速运动，经相同的位移，则F1和F2对物体做功W1和W2关系为（）A．W1=W2B．W1＞W2C．W1＜W2D．无法判断10、一辆汽车以v1=6m/s的速度沿水平路面行驶，急刹车后能滑行s1=3.6m；如果改以v2=8m/s的速度行驶时，同样情况下急刹车后滑行的距离s2为（）A.6.4mB.5.6mC.7.2mD.10.8m二、填空题11、长为l=0.50m的轻质杆OA，A端有一质量m=3.0kg的小球，小球以D点为圆心在竖直平面内做圆周运动．如右图所示，通过最高点时小球的速率是2.0m/s，当小球运动到最低点时，杆对小球的拉力为N。（g取10m／s2）12、一个物体做平抛运动，初速度大小为10m／s，当速度为102m／s时，物体下落的时间为S，物体下落的高度为m．(g=10m／s2)13、将20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度竖直提升4m，拉力做功的为___________J，到达4m末端时拉力的瞬时功率为______________W。14、在安装“研究平抛物体的运动”：实验装置时，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是某同学在实验中，忘了记下斜槽末端的位置O，A为物体运动一段时间后的位置，记下小球从A开始的运动轨迹及坐标值如图所示，则根据此图求出小球平抛的初速度为m／s．（g取10m／s2．）三、计算题（写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题目，答案必须明确写出数值和单位。）15、飞船以a=g/2的的加速度匀加速竖直升空，由于超重现象，用弹簧秤测得质量为m=10㎏的物体的重量为75N．由此可知，飞船距地面的高度是多大?(地球半径取R=6400km，g=10m/s2)16、在光滑水平面内建立xOy坐标系，质量为m=0.25kg的小球正沿y轴正方向匀速运动，其速度为v0=2m/s.如图所示，当质点运动到原点O处时开始受到+x方向的恒力F作用.（1）若要使小球能经过坐标为(4，4)的p点，则恒力F大小为多大？（2）在（1）问中当小球运动1秒时，其速度方向与+x方向的夹角为多少？17、如图所示，一玩滑板的小孩（可视为质点）质量为m=30kg，他在左侧平台上滑行一段距离后平抛出平台，恰能沿圆弧切线从A点进入光滑竖直圆弧轨道，A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径为R=1.0m，对应圆心角为θ=1060，平台与AB连线的高度差为h=0.8m。（计算中取g=10m/s2,sin530=0.8,cos530=0.6）求：（1）小孩平抛的初速度；（2）小孩运动到圆弧轨道最低点O时对轨道的压力。18、一新车型赛车在水平专用测试道上进行测试，该车总质量为m=1×103kg，由静止开始沿水平测试道运动，传感设备记录其运动的速度-时间图象（v-t图象）如图8所示.该车运动中受到的摩擦阻力（不计空气阻力）恒定，且摩擦阻力跟车对路面压力的比值为μ＝0.2.赛车在0～5s的v-t图象为直线，5s末起达到该车发动机的额定牵引功率并保持该功率行驶，在5s～20s之间，赛车的v-t图象先是一段曲线，后为直线.取g=10m/s2，试求:（1）该车发动机牵引力的额定功率；（2）该车的最大速度vm；（3）该车出发后前20s内的位移.参考答案及评分标准题号12345678910答案BADCDBCCDDBA11、174N（4分）12、1s（2分）、5m（2分）13、960J（2分）、960w（2分）14、保证小球做平抛（2分）、2m/s（2分）15、解：物体在地面上万有引力做为重力图8mgRMmG2——————（2分）在空中，万有引力也做为重力/)(mghRMmG2——（3分）根据牛顿的二定律F－mg/=ma——————（3分）代值求得：h=R=6400km——————（2分）16、解：(1)小球在xoy坐标系内，做类平抛运动，若要小球经过p点，则必须满足：在y方向：12at2＝4····················①（1分）在x方向：2t＝4·······················②（1分）代入数据，得：a＝2m/s2···················③（1分）由牛顿第二定律得：F＝ma·················④（1分）代入数据，得：F＝0.5N··········…·····⑤（2分）(2)当t＝1s时，由类平抛运动规律得：υy＝at＝2m/s···························⑥（1分）∵υx＝v0··································⑦（1分）∴其速度方向与+x方向的夹角为45°（2分）17、解：人离开平台做平抛运动竖直方向：hgt221………………………………○1（1分）gtvy………………………………○2（1分）由题意可知0053vvytan…………○3（1分）202vvvyA…………………………○4（1分）解方程得：smv/30……………○5（1分）smvA/5………………○6（1分）人由A到O点过程中由动能定理2202121531AmvmvmgR)cos(…………○7（2分）在O点由二定律RvmmgF2…………………………………○8（2分）解得：F=1290N……………………………………○9（1分）由牛顿第三定律NFF1290'………………………………○10（1分）18、解：（1）０s—５s赛车作匀加速运动，由图像可知520tva=4m/s２……………………①（1分）5秒末时达到额定功率为P由牛顿定律：mamgvP11…………………………○2（2分）前5秒内位移S1mats5021211………………○3（1分）解①②③式并代入数据得：P=1.6×105W……………………○4(1分)(2)赛车匀速运动时0mgvPm………………○5（2分）解上式并代入数据得：vm=40m/s………………○6(1分)在5s～20s内的t2=15s，发动机已经达到额定牵引功率,且在20s时车的速度已达到最大速度Vm，由动能定理得：222211122mPtmgsmvmv……………………⑦(2分)代入数据解得mS4502………………⑧（1分）总位移S=S1+S2=500m………………○9(1分)