第二周高三物理早上练3

答案第1页，总5页第二周高三物理早上练3一、单选题1．水平面上有一物体，在水平推力F的作用下由静止开始运动，经过时间△t，撤去F，又经时间2△t，物体停止运动，则该物体与水平面间的摩擦力为（）A．FB．23FC．12FD．13F2．一块足够长的白板，位于水平桌面上，处于静止状态。一石墨块（可视为质点）静止在白板上，石墨块与白板间有摩擦，滑动摩擦系数为。突然，使白板以恒定的速度v0做匀速直线运动，石墨块将在板上划下黑色痕迹。经过某段时间t，令白板突然停下，以后不再运动。在最后石墨块也不再运动时，白板上黑色痕迹的长度可能是（已知重力加速度为g，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量）：①202vg、②20vg、③v0t-12μgt2、④v0t，以上正确的是（）A．①③B．①④.C．②③D．②④3．质量为m的小球用细线吊在斜面上，如图所示。系统静止时绳与斜面平行，不计一切摩擦。当斜面体向右以a=0.75g的加速度（g为当地重力加速度）匀加速运动时，小球与斜面刚好分离，则斜面体倾角等于（）A．30B．37C．53D．604．如图所示为用绞车拖物块的示意图。拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块。已知轮轴的半径R=0.5m，细线始终保持水平；被拖动的物块初速度为零质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数μ=0.5；轮轴的角速度随时间t变化的关系是ω=kt，k=2rad/s2，g取10m/s2，以下判断正确的是（）A．物块的加速度逐渐增大B．细线对物块的拉力恒为5NC．2st时，细线对物块的拉力的瞬时功率为12WD．前2秒内，细线对物块拉力做的功为6J5．“反向蹦极”是蹦极运动中的一种类型，如图所示，将弹性绳拉长后固定在运动员上，并通过其它力作用使运动员停留在地面上，当撤去其它力后，运动员从A点被“发射”出去冲向高空，当上升到B点时弹性绳恢复原长，运动员继续上升到最高点C，若运动员始终沿竖直方向运动并视为质点，忽略弹性绳质量与空气阻力。下列说法正确的是（）答案第2页，总5页A．运动员在A点时弹性绳的弹性势能最小B．运动员在B点的动能最大C．运动员在C点时的加速度大小为0D．运动员从A点运动到B点的过程弹性绳的弹性势能减小量大于运动员重力势能的增加量二、多选题6．现如今我们的生活已经离不开电梯，如图所示有两种形式的电梯，甲是商场中常用的扶梯，乙是居民楼中常用的直梯。则当它们都加速上升时，（加速度方向如图所示）下列说法正确的是A．甲电梯上的人受到重力、支持力和摩擦力的作用B．甲电梯上的人处于失重状态C．乙电梯中人受到的摩擦力为零D．乙电梯中的人受到重力、支持力和摩擦力的作用7．质量为m的汽车在平直的公路上从静止开始以恒定功率P启动，经过时间t汽车的位移大小为s，速度大小为v。此过程中，车所受阻力大小恒为f，则t时刻A．汽车的牵引力大小为PfvB．汽车的动能为Pt-fsC．汽车的加速度大小为()PfmvD．牵引力的功率为fv8．如图中甲图所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示（g取210/ms），则下列结论正确的是A．物体的质量为1kgB．物体的加速度大小为22/msC．弹簧的劲度系数为300/NmD．物体与弹簧分离瞬间的速度大小为4/ms答案第3页，总5页第二周高三物理早上练3参考答案1．D【解析】【详解】设物体的最大速度为v。则物体匀加速运动的加速度大小为：1vat物体匀减速运动的加速度大小为：22vat故有：a1＝2a2根据牛顿第二定律得，匀加速过程有：F﹣f＝ma1匀减速过程有：f＝ma2。联立解得：f=13FA.F与计算结论不符，故不符合题意。B.23F与计算结论不符，故不符合题意。C.12F与计算结论不符，故不符合题意。D.13F与分析结论相符，故符合题意。2．A【解析】【详解】在时间t内，石墨可能一直匀加速，也可能先加速后匀速；石墨加速时，根据牛顿第二定律，有：mg=ma，解得：a=g；经过时间t后，白板静止后，石墨做减速运动，加速度大小不变，原来石墨相对白板向后运动，白板停后，石墨相对白板向前运动，即石墨相对白板沿原路返回，因石墨相对白板向后运动的距离不小于石墨相对白板向前运动的距离，故白板上黑色痕迹的长度等于石墨加速时相对白板的位移。（1）如果时间t内石墨一直加速，加速的位移为x1=12gt2，加速时相对白板的位移为x1=v0t-x1=v0t-12(g)t2。（2）如果时间t内石墨先加速，后匀速，石墨的位移为x2=202vg++v0(t-0vg)=v0t-202vg，加速时石墨相对白板的位答案第4页，总5页移为x2=v0t-x2=202vg。（3）如果时间t内石墨加速的末速度恰好等于v0，石墨的位移x3=12v0t，石墨加速时相对白板的位移为x3=v0t-x3=12v0t。故A正确，BCD错误。3．C【解析】【详解】当小球与斜面刚好分离时，斜面对小球没有支持力，小球受力如图所示：由牛顿第二定律得：mgcot=ma，解得cot=0.75，=53，故ABD错误，C正确。4．C【解析】【详解】A、轮轴边缘的线速度大小等于物体的速度大小，根据线速度好角速度的关系，有v=Rω=Rkt，可见物体做匀加速直线运动，加速度a=Rk=0.5×2m/s2=1m/s2；故A错误.B、对物体，根据牛顿第二定律：F-μmg=ma，代入数据解得F=6N；故B错误.C、t=2s时，物体的速度为v=at=1×2m/s=2m/s，细线对物块的拉力的瞬时功率为P=Fv=2×6W=12W；故C正确.D、前2秒内，物体的位移221112m2m22sat，细线对物块拉力做的功为W=Fs=6×2J=12J；故D错误.5．D【解析】【详解】A.运动员在A点时弹性绳的伸长量最大，弹性势能最大；故A错误.B.运动员的合力为零时速度最大，此时弹性绳处于伸长状态，位置在AB之间；故B错误.C.运动员在C点时弹性绳松驰，弹力为0，运动员只受重力，加速度大小为g；故C错误.D.运动员从A点运动到B点的过程，运动员的动能增加，重力势能增加，弹性绳的弹性势能减小，根据系统的机械能守恒知弹性绳的弹性势能减小量等于运动员重力势能的增加量与动能的增加量之和，所以弹性绳的弹性势能减小量大于运动员重力势能的增加量；故D正确.6．AC答案第5页，总5页【解析】【详解】A项：对甲受力分析可知，物体加速度与速度同方向，合力斜向左上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向左，故人应受到重力、支持力和摩擦力三个力的作用；故A正确；B项：由于人具有向上的加速度，所以人处于超重状态，故B错误；C、D项：对乙受力分析可知，乙水平方向不受外力；故乙在水平方向不受摩擦力；故C正确，D错误。7．BC【解析】【详解】A．汽车所受的牵引大小为PFv＝，故A错误；B．根据动能定理可得t时刻的动能为Ek=Pt-fs，故B正确；C．根据牛顿第二定律可得此时的加速度大小为PfFfvamm＝＝，故C正确；D．由已知可知，牵引力的功率为P，由于不知在t时刻是否已经做匀速运动，故不一定等于fv，故D错误。8．AB【解析】【详解】A、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mgkx；当x=0时，有1Fma即2ma，当x=4时，有2Fmgma即12mgma，解得1kgm故A正确；B、根据1Fma解得22m/sa，故B正确；C、结合图像可知物体上升4cm时脱离弹簧，即一开始弹簧被压缩了4cm，根据mgkx解得250N/mk，故C错误；D、根据22vas解得0.4m/sv故D错误；故选AB