解不等式典型例题答案

解不等式典型例题答案例1解：（1）原不等式可化为0)3)(52(xxx把方程0)3)(52(xxx的三个根3,25,0321xxx顺次标上数轴．然后从右上开始画线顺次经过三个根，其解集如下图的阴影部分．∴原不等式解集为3025xxx或（2）原不等式等价于2450)2)(4(050)2()5)(4(32xxxxxxxxx或∴原不等式解集为2455xxxx或或说明：用“穿根法”解不等式时应注意：①各一次项中x的系数必为正；②对于偶次或奇次重根可转化为不含重根的不等式，也可直接用“穿根法”，但注意“奇穿偶不穿”，其法如下图．[来源:学#科#网Z#X#X#K]例2（1）解：原不等式等价于0)2)(2(0)2)(2)(1)(6(0)2)(2()1)(6(0)2)(2(650)2)(2()2()2(302232232xxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxx用“穿根法”∴原不等式解集为,62,1)2,(。（2）解法一：原不等式等价于027313222xxxx21213102730132027301320)273)(132(222222xxxxxxxxxxxxxxx或或或∴原不等式解集为),2()1,21()31,(。解法二：原不等式等价于0)2)(13()1)(12(xxxx0)2()13)(1)(12(xxxx用“穿根法”∴原不等式解集为),2()1,21()31,(例3解法一：原不等式240424042222xxxxxx或即1222222xxxxxxx或或或[来源:学|科|网Z|X|X|K]∴32x或21x故原不等式的解集为31xx．解法二：原不等式等价于24)2(2xxx即)2(42422xxxx∴312132xxxx故或．例4解法一：原不等式等价下面两个不等式级的并集：0412,05622xxxx　或0412,05622xxxx;0)6)(2(,0)5)(1(xxxx或;0)6)(2(,0)5)(1(xxxx；62,51xx或6,2,5,1xxxx或或,51x或2x或6x．∴原不等式解集是}6512{xxxx，或，或．解法二：原不等式化为0)6)(2()5)(1(xxxx．画数轴，找因式根，分区间，定符号．)6)(2()5)(1(xxxx符号∴原不等式解集是}6512{xxxx，或，或．说明：解法一要注意求两个等价不等式组的解集是求每组两个不等式的交集，再求两组的解的并集，否则会产生误解．解法二中，“定符号”是关键．当每个因式x的系数为正值时，最右边区间一定是正值，其他各区间正负相间；也可以先决定含０的区间符号，其他各区间正负相间．在解题时要正确运用．例5解：移项整理，将原不等式化为0)1)(3()1)(2(2xxxxx．由012xx恒成立，知原不等式等价于0)1)(3()2(xxx．解之，得原不等式的解集为}321{xxx或．说明：此题易出现去分母得)23(2222xxxxx的错误解法．避免误解的方法是移项使一边为０再解．另外，在解题过程中，对出现的二项式要注意其是否有实根，以便分析不等式是否有解，从而使求解过程科学合理．例6解：当0m时，因03一定成立，故原不等式的解集为R．当0m时，原不等式化为0)1)(3(mxmx；当0m时，解得mxm13；当0m时，解得mxm31．∴当0m时，原不等式的解集为mxmx13；当0m时，原不等式的解集为mxmx31．说明：解不等式时，由于Rm，因此不能完全按一元二次不等式的解法求解．因为当0m时，原不等式化为03，此时不等式的解集为R，所以解题时应分0m与0m两种情况来讨论．在解出03222mxxm的两根为mx31，mx12后，认为mm13，这也是易出现的错误之处．这时也应分情况来讨论：当0m时，mm13；当0m时，mm13．[来例7解：原不等式;)1(2,01,02)1(222xaaxxaax或.01,02)2(2xax由0a，得：;01)1(2,1,2)1(22axaxxax.1,2)2(xax由判别式08)1(4)1(422aaa，故不等式01)1(222axax的解是aaxaa2121．当20a时，1212aaa，121aa，不等式组(1)的解是121xaa，不等式组(2)的解是1x．当2a时，不等式组(1)无解，(2)的解是2ax．综上可知，当20a时，原不等式的解集是,21aa；当2a时，原不等式的解集是,2a．说明：本题分类讨论标准“20a，2a”是依据“已知0a及(1)中‘2ax，1x’，(2)中‘2ax，1x’”确定的．解含有参数的不等式是不等式问题中的难点，也是近几年高考的热点．一般地，分类讨论标准（解不等式）大多数情况下依“不等式组中的各不等式的解所对应的区间的端点”去确定．本题易误把原不等式等价于不等式)1(22xaax．纠正错误的办法是熟练掌握无理不等式基本类型的解法．例8解答：去掉绝对值号得3310432xx，∴原不等式等价于不等式组06104010433104310432222xxxxxxxx.321,2500)12)(3(20)52(2xxxxxxx或∴原不等式的解集为325021xxx或．说明：解含绝对值的不等式，关键是要把它化为不含绝对值的不等式，然后把不等式等价转化为不等式组，变成求不等式组的解．例9解：原不等式可化为0))((2axax．(1)当2aa（即1a或0a）时，不等式的解集为：2axaxx或；(2)当2aa（即10a）时，不等式的解集为：axaxx或2；(3)当2aa（即0a或1）时，不等式的解集为：axRxx且．说明：对参数进行的讨论，是根据解题的需要而自然引出的，并非一开始就对参数加以分类、讨论．比如本题，为求不等式的解，需先求出方程的根ax1，22ax，因此不等式的解就是x小于小根或x大于大根．但a与2a两根的大小不能确定，因此需要讨论2aa，2aa，2aa三种情况．例10解：(解法1)由题可判断出，是方程02cbxax的两根，∴ab，ac．又02cbxax的解集是xx，说明0a．而0，0000cac，∴0022caxcbxabxcx．),1)(1(1,11accbacab∴02caxcbx，即0)1)(1()11(2xx，即0)1)(1(xx．又0，∴11，∴0)1)(1(xx的解集为11xx．(解法2)由题意可判断出，是方程02cbxax的两根，∴ac．又02cbxax的解集是xx，说明0a．而0，0000cac．对方程02abxcx两边同除以2x得0)1()1(2cxbxa．令xt1，该方程即为02ctbta，它的两根为1t，2t，∴11x，21x．∴11x，12x，∴方程02abxcx的两根为1，1．∵0，∴11．∴不等式02abxcx的解集是11xx．说明：(1)万变不离其宗，解不等式的核心即是确定首项系数的正负，求出相应的方程的根；(2)结合使用韦达定理，本题中只有，是已知量，故所求不等式解集也用，表示，不等式系数a，b，c的关系也用，表示出来；(3)注意解法2中用“变换”的方法求方程的根．例12解：∵043)21(122xxx，043)21(122xxx，∴原不等式化为0)()2(2baxbaxba．依题意34231202bababababa，∴2325ba．说明：解有关一元二次方程的不等式，要注意判断二次项系数的符号，结合韦达定理来解．例13解法一：设022bxax的两根为1x，2x，由韦达定理得：axxabxx22121由题意：21221aab∴1a，1b，此时满足0a，0)2(42ab．解法二：构造解集为21xx的一元二次不等式：0)2)(1(xx，即022xx，此不等式与原不等式022bxax应为同解不等式，故需满足：2211ba∴1a，1b．说明：本题考查一元二次方程、一元二次不等式解集的关系，同时还考查逆向思维的能力．对有关字母抽象问题，同学往往掌握得不好．例14解：分以下情况讨论(1)当0a时，原不等式变为：01x，∴1x(2)当0a时，原不等式变为：0)1)(1(xax①①当0a时，①式变为0)1)(1(xax，∴不等式的解为1x或ax1．②当0a时，①式变为0)1)(1(xax．②∵aaa111，∴当10a时，11a，此时②的解为ax11．当1a时，11a，此时②的解为11xa．说明：解本题要注意分类讨论思想的运用，关键是要找到分类的标准，就本题来说有三级分类：11100000aaaaaaaRa分类应做到使所给参数a的集合的并集为全集，交集为空集，要做到不重不漏．另外，解本题还要注意在讨论0a时，解一元二次不等式01)1(2xaax应首选做到将二次项系数变为正数再求解．例15解：原不等式等价于下面两个不等式组：①0103082xxx②222)8(103010308xxxxxx由①得258xxx或，∴8x由②得∴.1374258xxxx或81374x，所以原不等式的解集为881374xxx或，即为1374xx．说明：本题也可以转化为)()(xgxf型的不等式求解，注意：2)]([)(0)(0)()()(xgxfxgxfxgxf，这里，设全集}52{}0103{2xxxxxxU或，xxxxA81032，则所求不等式的解集为A的补集A，由2)8(10301030881032222xxxxxxxxxx或13745x．即137452xxxA或，∴原不等式的解集是1374xxA．