2020年广东省高考化学试卷(新课标Ⅰ)

试卷第1页，总19页2020年广东省高考化学试卷（新课标Ⅰ）一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.国家卫健委公布的新型冠状病毒肺炎诊疗方案指出，乙醚、75%乙醇、含氯消毒剂、过氧乙酸(𝐶𝐻3𝐶𝑂𝑂𝑂𝐻)、氯仿等均可有效灭活病毒。对于上述化学药品，下列说法错误的是（）A.𝐶𝐻3𝐶𝐻2𝑂𝐻能与水互溶B.𝑁𝑎𝐶𝑙𝑂通过氧化灭活病毒C.过氧乙酸相对分子质量为76D.氯仿的化学名称是四氯化碳【答案】D【考点】相对分子质量及其计算电子式、化学式或化学符号及名称的综合【解析】𝐴．𝐶𝐻3𝐶𝐻2𝑂𝐻与水分子间能形成氢键，并且都是极性分子；𝐵．𝑁𝑎𝐶𝑙𝑂具有强氧化性；𝐶．过氧乙酸的结构简式为𝐶𝐻3𝐶𝑂𝑂𝑂𝐻；𝐷．氯仿的化学名称是三氯甲烷。【解答】𝐴．𝐶𝐻3𝐶𝐻2𝑂𝐻与水分子间能形成氢键，并且都是极性分子，所以𝐶𝐻3𝐶𝐻2𝑂𝐻能与水以任意比互溶，故𝐴正确；𝐵．𝑁𝑎𝐶𝑙𝑂具有强氧化性，通过氧化能灭活病毒，故𝐵正确；𝐶．过氧乙酸的结构简式为𝐶𝐻3𝐶𝑂𝑂𝑂𝐻，相对分子质量为12×2+4+16×3＝76，故𝐶正确；𝐷．氯仿的化学名称是三氯甲烷，不是四氯化碳，故𝐷错误；2.紫花前胡醇（）可从中药材当归和白芷中提取得到，能提高人体免疫力。有关该化合物，下列叙述错误的是（）A.分子式为𝐶14𝐻14𝑂4B.不能使酸性重铬酸钾溶液变色C.能够发生水解反应D.能够发生消去反应生成双键【答案】B【考点】有机物的结构和性质【解析】𝐴、分子中14个碳原子，不饱和度为8；𝐵、分子中含有碳碳双键和羟基直接相连碳上有氢原子；试卷第2页，总19页𝐶、分子中含有酯基，能发生水解；𝐷、与−𝑂𝐻相连的𝐶的邻位𝐶上有一种𝐻可发生消去反应；【解答】𝐴、分子的不饱和度为8，则氢原子个数为：14×2+2−8×2＝14，四个氧原子，所以分子式为：𝐶14𝐻14𝑂4，故𝐴正确；𝐵、分子中含有碳碳双键和羟基直接相连碳上有氢原子，所以能使酸性重铬酸钾溶液变色，故𝐵错误；𝐶、分子中含有能发生水解酯基，则紫花前胡醇能水解，故𝐶正确；𝐷、与−𝑂𝐻相连的𝐶的邻位𝐶上有一种𝐻可发生消去反应，生成双键，故𝐷正确；3.下列气体去除杂质的方法中，不能实现目的的是（）气体（杂质）方法𝐴．𝑂2(𝐻2)通过酸性高锰酸钾溶液𝐵．𝐶𝑙2(𝐻𝐶𝑙)通过饱和的食盐水𝐶．𝑁2(𝑂2)通过灼热的铜丝网𝐷．𝑁𝑂(𝑁𝑂2)通过氢氧化钠溶液A.𝐴B.𝐵C.𝐶D.𝐷【答案】A【考点】物质的分离、提纯和除杂的基本方法选择与应用【解析】除杂的原则是不引入新的杂质，不减少要提纯的物质，操作简单，绿色环保。𝐴．𝑂2具有还原性，易被酸性高锰酸钾溶液氧化为硫酸；𝐵．饱和食盐水可以减少氯气的溶解量；𝐶．𝑁2(𝑂2)利用化学性质的差异，铜与氧气反应，；𝐷.2𝑁𝑂2+2𝑁𝑎𝑂𝐻＝𝑁𝑎𝑁𝑂2+𝑁𝑎𝑁𝑂3+𝐻2𝑂，𝑁𝑂为不成盐氧化物，【解答】𝐴．𝑂2被酸性高锰酸钾溶液氧化为硫酸，故𝐴错误；𝐵．𝐶𝑙2(𝐻𝐶𝑙)利用溶解性的差异，除去𝐻𝐶𝑙，故𝐵正确；𝐶．𝑁2(𝑂2)利用化学性质的差异，铜与氧气反应，不与氮气反应，达到除杂目的，故𝐶正确；𝐷．𝑁𝑂2可以与𝑁𝑎𝑂𝐻发生反应：2𝑁𝑂2+2𝑁𝑎𝑂𝐻＝𝑁𝑎𝑁𝑂2+𝑁𝑎𝑁𝑂3+𝐻2𝑂，𝑁𝑂与𝑁𝑎𝑂𝐻溶液不能发生反应；尽管𝑁𝑂可以与𝑁𝑂2一同跟𝑁𝑎𝑂𝐻发生反应：𝑁𝑂+𝑁𝑂2+2𝑁𝑎𝑂𝐻=2𝑁𝑎𝑁𝑂2+𝐻2𝑂，但由于杂质的含量一般较少，所以也不会对𝑁𝑂的量产生较大的影响，故𝐷正确；4.铑的配合物离子[𝑅ℎ(𝐶𝑂)2𝐼2]−可催化甲醇羰基化，反应过程如图所示。下列叙述错误的是（）试卷第3页，总19页A.𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼是反应中间体B.甲醇羰基化反应为𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐶𝑂=𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻C.反应过程中𝑅ℎ的成键数目保持不变D.存在反应𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐻𝐼=𝐶𝐻3𝐼+𝐻2𝑂【答案】C【考点】氧化还原反应配合物的成键情况【解析】𝐴、由图可知，铑的配合物离子(𝑅ℎ(𝐶𝑂)3𝐼3𝐶𝐻3]−生成𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼，𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼继续与𝐻2𝑂反应生成𝐻𝐼和𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻；𝐵、由图可知发生的反应依次为：①𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐻𝐼=𝐶𝐻3𝐼+𝐻2𝑂，②+𝐶𝐻3𝐼＝，③＝，④+𝐶𝑂＝，⑤＝𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼+，⑥𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼+𝐻2𝑂＝𝐻𝐼+𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻，6个反应依次发生；𝐶、由图可以看出𝑅ℎ的成键数目由4−6−5−6−4变化；𝐷、由𝐵分析及图中箭头方向判断出此步反应。【解答】𝐴、由图可知，铑的配合物离子(𝑅ℎ(𝐶𝑂)3𝐼3𝐶𝐻3]−生成𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼，𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼继续与𝐻2𝑂反应生成𝐻𝐼和𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻，所以𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼是反应中间体，故𝐴正确；试卷第4页，总19页𝐵、由图可知发生的反应依次为：①𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐻𝐼=𝐶𝐻3𝐼+𝐻2𝑂，②+𝐶𝐻3𝐼＝，③＝，④+𝐶𝑂＝，⑤＝𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼+，⑥𝐶𝐻3𝐶𝑂𝐼+𝐻2𝑂＝𝐻𝐼+𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻，6个反应依次发生，6个反应方程式相加和，消去中间产物得出总反应：𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐶𝑂=𝐶𝐻3𝐶𝑂2𝐻，故𝐵正确；𝐶、由图可以看出𝑅ℎ的成键数目由4变为6再变为5再变为6再变为4，依次循环，故𝐶错误；𝐷、由𝐵分析，按照箭头方向可知：𝐶𝐻3𝑂𝐻和𝐻𝐼反应生成𝐶𝐻3𝐼和𝐻2𝑂，反应方程式为：即𝐶𝐻3𝑂𝐻+𝐻𝐼=𝐶𝐻3𝐼+𝐻2𝑂，故𝐷正确；5.1934年约里奥-居里夫妇在核反应中用𝛼粒子（即氦核24𝐻𝑒）轰击金属原子𝑍𝑊𝑋，得到核素𝑍+230𝑌，开创了人造放射性核素的先河：𝑍𝑊𝑋+24𝐻𝑒→𝑍+230𝑌+01𝑛其中元素𝑋、𝑌的最外层电子数之和为8．下列叙述正确的是（）A.𝑍𝑊𝑋的相对原子质量为26B.𝑋、𝑌均可形成三氯化物C.𝑋的原子半径小于𝑌的D.𝑌仅有一种含氧酸【答案】B【考点】原子结构与元素周期律的关系【解析】由𝑍𝑊𝑋+24𝐻𝑒→𝑍+230𝑌+01𝑛及质量守恒可知，𝑊＝30+1−4＝27，𝑋、𝑌的最外层电子数之和为8，𝑋的最外层电子数为8−22=3，金属原子𝑍𝑊𝑋的质量数为27、且位于Ⅲ𝐴族，𝑍＝13符合题意，则𝑋为𝐴𝑙；𝑌的最外层电子数为8−3＝5，质子数为13+2＝15，𝑌为𝑃，以此来解答。【解答】由上述分析可知𝑋为𝐴𝑙、𝑌为𝑃，𝐴．𝑊为27，𝑋原子的相对原子质量为27，故𝐴错误；𝐵．𝑋、𝑌可形成三氯化物分别为𝐴𝑙𝐶𝑙3、𝑃𝐶𝑙3，故𝐵正确；𝐶．同周期从左向右原子半径减小，则𝑋的原子半径大于𝑌的半径，故𝐶错误；𝐷．𝑌的含氧酸有磷酸、偏磷酸等，故𝐷错误；6.科学家近年发明了一种新型𝑍𝑛−𝐶𝑂2水介质电池。电池示意图如图，电极为金属锌和选择性催化材料。放电时，温室气体𝐶𝑂2被转化为储氢物质甲酸等，为解决环境和能源问题提供了一种新途径。下列说法错误的是（）试卷第5页，总19页A.放电时，负极反应为𝑍𝑛−2𝑒−+40𝐻−=𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−B.放电时，1𝑚𝑜𝑙 𝐶𝑂2转化为𝐻𝐶𝑂𝑂𝐻，转移的电子数为2𝑚𝑜𝑙C.充电时，电池总反应为2𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−=2𝑍𝑛+𝑂2↑+40𝐻−+2𝐻2𝑂D.充电时，正极溶液中𝑂𝐻−浓度升高【答案】D【考点】电解池的工作原理及应用【解析】电极为金属锌放电时，由图示知负极反应为𝑍𝑛−2𝑒−+40𝐻−=𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−，温室气体𝐶𝑂2被转化为储氢物质甲酸为还原反应，充电时阳极生成氧气，阴极发生还原反应生成锌，据此答题。【解答】𝐴．放电时，金属锌做负极生成𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−，负极反应为𝑍𝑛−2𝑒−+40𝐻−=𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−，故𝐴正确；𝐵．放电时，𝐶𝑂2中碳的化合价为+4价，𝐻𝐶𝑂𝑂𝐻中碳的化合价+2，1𝑚𝑜𝑙 𝐶𝑂2转化为𝐻𝐶𝑂𝑂𝐻，降低2价，转移的电子数为2𝑚𝑜𝑙，故𝐵正确；𝐶．充电时，阳极电极反应：2𝐻2𝑂−4𝑒−＝4𝐻++𝑂2↑，阴极反应：𝑍𝑛(𝑂𝐻)42+2𝑒−−=𝑍𝑛+40𝐻−，电池总反应为2𝑍𝑛(𝑂𝐻)42−=2𝑍𝑛+𝑂2↑+40𝐻−+2𝐻2𝑂，故𝐶正确；𝐷．充电时，阳极（原电池的正极）电极反应：2𝐻2𝑂−4𝑒−＝4𝐻++𝑂2↑，溶液中𝐻+浓度增大，溶液中𝑐(𝐻+)⋅𝑐(𝑂𝐻−)＝𝐾𝑊，温度不变时，𝐾𝑊不变，因此溶液中𝑂𝐻−浓度降低，故𝐷错误；7.以酚酞为指示剂，用0.1000𝑚𝑜𝑙⋅𝐿−1的𝑁𝑎𝑂𝐻溶液滴定20.00𝑚𝐿未知浓度的二元酸𝐻2𝐴溶液。溶液中，𝑝𝐻、分布系数𝛿随滴加𝑁𝑎𝑂𝐻溶液体积𝑉𝑁𝑎𝑂𝐻的变化关系如图所示。[比如𝐴2−的分布系数:𝛿(𝐴2−)=𝑐(𝐴2−)𝑐(𝐻2𝐴)+𝑐(𝐻𝐴−)+𝑐(𝐴2−)]下列叙述正确的是（）试卷第6页，总19页A.曲线①代表𝛿(𝐻2𝐴)，曲线②代表𝛿(𝐻𝐴−)B.𝐻2𝐴溶液的浓度为0.2000𝑚𝑜𝑙⋅𝐿−1C.𝐻𝐴−的电离常数𝐾𝑎＝1.0×10−2D.滴定终点时，溶液中𝑐(𝑁𝑎+)2𝑐(𝐴2−)+𝑐(𝐻𝐴−)【答案】C【考点】酸碱混合时的定性判断及有关pH的计算【解析】𝐴、曲线①一直在减小，曲线②在一直增加，且两者相加等于1；𝐵、溶液的𝑝𝐻发生突变时，滴有酚酞的溶液发生颜色变化，到达滴定终点，即𝑁𝑎𝑂𝐻和𝐻2𝐴恰好完全反应；𝐶、𝐻𝐴−的电离常数𝐾𝑎=𝑐(𝐻+)𝑐(𝐴2−)𝑐(𝐻𝐴−)；𝐷、滴定终点时𝛿(𝐻𝐴−)＝0，溶液中的电荷守恒：𝑐(𝐻+)+𝑐(𝑁𝑎+)＝2𝑐(𝐴2−)+𝑐(𝑂𝐻−)。【解答】𝐴、在未加𝑁𝑎𝑂𝐻溶液时，曲线①的分布系数与曲线②的分布系数之和等于1，且𝛿曲线①一直在减小，曲线②在一直增加；说明𝐻2𝐴第一步完全电离，第二步存在电离平衡，即𝐻2𝐴＝𝐻𝐴−+𝐻+，𝐻𝐴−⇌𝐴2−+𝐻+，曲线①代表𝛿(𝐻𝐴−)；当加入用0.1000𝑚𝑜𝑙⋅𝐿−1的𝑁𝑎𝑂𝐻溶液40.00𝑚𝐿滴定后，发生𝑁𝑎𝐻𝐴+𝑁𝑎𝑂𝐻＝𝑁𝑎2𝐴+𝐻2𝑂，𝐻𝐴−的分布系数减小，𝐴2−的分布系数在增大，且曲线②在一直在增加，在滴定终点后与③重合，所以曲线②代表𝛿(𝐴2−)，故𝐴错误；𝐵、当加入40.00𝑚𝐿𝑁𝑎𝑂𝐻溶液时，溶液的𝑝𝐻发生突变，到达滴定终点，说明𝑁𝑎𝑂𝐻和𝐻2𝐴恰好完全反应，根据反应2𝑁𝑎𝑂𝐻+𝐻2𝐴＝𝑁𝑎2𝐴+2𝐻2𝑂，𝑛(𝑁𝑎𝑂𝐻)＝2𝑛(𝐻2𝐴)，𝑐(𝐻2𝐴)=0.1000𝑚𝑜𝑙/𝐿×40𝑚𝐿2×20.00𝑚𝐿=0.1000𝑚𝑜𝑙/𝐿，故𝐵错误；𝐶、由于𝐻2𝐴第一步完全电离，则𝐻𝐴−的起始浓