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当前位置:首页 > 中学教育 > 高中教育 > 20202021学年高考数学考点第九章平面解析几何椭圆理
椭圆1.椭圆的概念平面内与两个定点F1,F2的距离的和等于常数(大于|F1F2|)的点的轨迹叫做椭圆.这两个定点叫做椭圆的焦点,两焦点间的距离叫做椭圆的焦距.集合P={M||MF1|+|MF2|=2a},|F1F2|=2c2a,其中a0,c0,且a,c为常数.2.椭圆的标准方程和几何性质标准方程x2a2+y2b2=1(ab0)y2a2+x2b2=1(ab0)图形性质范围-a≤x≤a-b≤y≤b-b≤x≤b-a≤y≤a对称性对称轴:坐标轴对称中心:原点顶点坐标A1(-a,0),A2(a,0)B1(0,-b),B2(0,b)A1(0,-a),A2(0,a)B1(-b,0),B2(b,0)轴长轴A1A2的长为2a;短轴B1B2的长为2b焦距|F1F2|=2c离心率e=ca∈(0,1)a,b,c的关系a2=b2+c2概念方法微思考1.在椭圆的定义中,若2a=|F1F2|或2a|F1F2|,动点P的轨迹如何?提示当2a=|F1F2|时动点P的轨迹是线段F1F2;当2a|F1F2|时动点P的轨迹是不存在的.2.椭圆的离心率的大小与椭圆的扁平程度有怎样的关系?提示由e=ca=1-ba2知,当a不变时,e越大,b越小,椭圆越扁;e越小,b越大,椭圆越圆.1.(2019•北京)已知椭圆22221(0)xyabab的离心率为12,则()A.222abB.2234abC.2abD.34ab【答案】B【解析】由题意,12ca,得2214ca,则22214aba,22244aba,即2234ab.故选B.2.(2019•新课标Ⅰ)已知椭圆C的焦点为1(1,0)F,2(1,0)F,过点2F的直线与椭圆C交于A,B两点.若22||2||AFFB,1||||ABBF,则C的方程为()A.2212xyB.22132xyC.22143xyD.22154xy【答案】B【解析】22||2||AFBF,2||3||ABBF,又1||||ABBF,12||3||BFBF,又12||||2BFBFa,2||2aBF,2||AFa,13||2BFa,12||||2AFAFa,1||AFa,12||||AFAF,A在y轴上.在Rt△2AFO中,21cosAFOa,在△12BFF中,由余弦定理可得222134()()22cos222aaBFFa,根据221coscos0AFOBFF,可得214202aaa,解得23a,3a.222312bac.所以椭圆C的方程为:22132xy.故选B.3.(2018•全国)已知椭圆22221xyab过点3(4,)5和4(3,)5,则椭圆离心率(e)A.265B.65C.15D.25【答案】A【解析】椭圆22221xyab过点3(4,)5和4(3,)5,则2222169125916125abab,解得5a,1b,22224cab,26c,265cea,故选A.4.(2018•新课标Ⅰ)已知椭圆222:14xyCa的一个焦点为(2,0),则C的离心率为()A.13B.12C.22D.223【答案】C【解析】椭圆222:14xyCa的一个焦点为(2,0),可得244a,解得22a,2c,22222cea.故选C.5.(2018•上海)设P是椭圆22153xy上的动点,则P到该椭圆的两个焦点的距离之和为()A.22B.23C.25D.42【答案】C【解析】椭圆22153xy的焦点坐标在x轴,5a,P是椭圆22153xy上的动点,由椭圆的定义可知:则P到该椭圆的两个焦点的距离之和为225a.故选C.6.(2018•新课标Ⅱ)已知1F,2F是椭圆2222:1(0)xyCabab的左、右焦点,A是C的左顶点,点P在过A且斜率为36的直线上,△12PFF为等腰三角形,12120FFP,则C的离心率为()A.23B.12C.13D.14【答案】D【解析】由题意可知:(,0)Aa,1(,0)Fc,2(,0)Fc,直线AP的方程为:3()6yxa,由12120FFP,212||||2PFFFc,则(2,3)Pcc,代入直线3:3(2)6APcca,整理得:4ac,题意的离心率14cea.故选D.7.(2018•新课标Ⅱ)已知1F,2F是椭圆C的两个焦点,P是C上的一点,若12PFPF,且2160PFF,则C的离心率为()A.312B.23C.312D.31【答案】D【解析】1F,2F是椭圆C的两个焦点,P是C上的一点,若12PFPF,且2160PFF,可得椭圆的焦点坐标2(,0)Fc,所以1(2Pc,3)2c.可得:22223144ccab,可得22131144(1)ee,可得42840ee,(0,1)e,解得31e.故选D.8.(2017•全国)椭圆C的焦点为1(1,0)F,2(1,0)F,点P在C上,22FP,1223FFP,则C的长轴长为()A.2B.23C.23D.223【答案】D【解析】椭圆C的焦点为1(1,0)F,2(1,0)F,则1c,2||2PF,12||2||22PFaPFa,由余弦定理可得22211221222||||||2||||cos3PFFFPFFFPF,即21(22)44222()2a,解得13a,13a(舍去),2223a,故选D.9.(2017•上海)在平面直角坐标系xOy中,已知椭圆221:1364xyC和222:19yCx.P为1C上的动点,Q为2C上的动点,w是OPOQ的最大值.记{(,)|PQP在1C上,Q在2C上,且}OPOQw,则中元素个数为()A.2个B.4个C.8个D.无穷个【答案】D【解析】椭圆221:1364xyC和222:19yCx.P为1C上的动点,Q为2C上的动点,可设(6cos,2sin)P,(cos,3sin)Q,0„,2,则6coscos6sinsin6cos()OPOQ,当时,w取得最大值6,则{(,)|PQP在1C上,Q在2C上,且}OPOQw中的元素有无穷多对.另解:令(,)Pmn,(,)Quv,则22936mn,2299uv,由柯西不等式22222(9)(9)324(33)mnuvmunv…,当且仅当9mvnu,取得最大值6,显然,满足条件的P、Q有无穷多对,D项正确.故选D.10.(2017•新课标Ⅰ)设A,B是椭圆22:13xyCm长轴的两个端点,若C上存在点M满足120AMB,则m的取值范围是()A.(0,1][9,)B.(0,3][9,)C.(0,1][4,)D.(0,3][4,)【答案】A【解析】假设椭圆的焦点在x轴上,则03m时,设椭圆的方程为:22221(0)xyabab,设(,0)Aa,(,0)Ba,(,)Mxy,0y,则22222ayaxb,MAB,MBA,AMB,tanyxa,tanyax,则222222222222tantan2222tantan[()]tan()1tantan()ayayababayaxyyabcyyb,222tanabcy,当y最大时,即yb时,AMB取最大值,M位于短轴的端点时,AMB取最大值,要使椭圆C上存在点M满足120AMB,120AMB…,60AMO…,3tantan603AMOm…,解得:01m„;当椭圆的焦点在y轴上时,3m,当M位于短轴的端点时,AMB取最大值,要使椭圆C上存在点M满足120AMB,120AMB…,60AMO…,tantan6033mAMO…,解得:9m…,m的取值范围是(0,1][9,)故选A.故选A.11.(2017•浙江)椭圆22194xy的离心率是()A.133B.53C.23D.59【答案】B【解析】椭圆22194xy,可得3a,2b,则945c,所以椭圆的离心率为:53ca.故选B.12.(2017•新课标Ⅲ)已知椭圆2222:1(0)xyCabab的左、右顶点分别为1A,2A,且以线段12AA为直径的圆与直线20bxayab相切,则C的离心率为()A.63B.33C.23D.13【答案】A【解析】以线段12AA为直径的圆与直线20bxayab相切,原点到直线的距离222abaab,化为:223ab.椭圆C的离心率22613cbeaa.故选A.13.(2020•上海)已知椭圆22:143xyC的右焦点为F,直线l经过椭圆右焦点F,交椭圆C于P、Q两点(点P在第二象限),若点Q关于x轴对称点为Q,且满足PQFQ,求直线l的方程是__________.【答案】10xy【解析】椭圆22:143xyC的右焦点为(1,0)F,直线l经过椭圆右焦点F,交椭圆C于P、Q两点(点P在第二象限),若点Q关于x轴对称点为Q,且满足PQFQ,可知直线l的斜率为1,所以直线l的方程是:(1)yx,即10xy.故答案为:10xy.14.(2019•浙江)已知椭圆22195xy的左焦点为F,点P在椭圆上且在x轴的上方.若线段PF的中点在以原点O为圆心,||OF为半径的圆上,则直线PF的斜率是__________.【答案】15【解析】椭圆22195xy的3a,5b,2c,23e,设椭圆的右焦点为F,连接PF,线段PF的中点A在以原点O为圆心,2为半径的圆,连接AO,可得||2||4PFAO,设P的坐标为(,)mn,可得2343m,可得32m,152n,由(2,0)F,可得直线PF的斜率为15215322.另解:由||2||4PFAO,||642PF,||24FFc,可得416161cos2244PFF,115sin1164PFF,可得直线PF的斜率为sin15cosPFFPFF.故答案为:15.15.(2019•上海)在椭圆22142xy上任意一点P,Q与P关于x轴对称,若有121FPFP„,则1FP与2FQ的夹角范围为__________.【答案】1[arccos3,]【解析】设(,)Pxy,则Q点(,)xy,椭圆22142xy的焦点坐标为(2,0),(2,0),121FPFP„,2221xy„,结合22142xy可得:2[1y,2]故1FP与2FQ的夹角满足:22212222222122238cos3[122(2)8FPFQxyyyyFPFQxyx,1]3故1[arccos3,]故答案为:1[arccos3,].16.(2018•浙江)已知点(0,1)P,椭圆22(1)4xymm上两点A,B满足2APPB,则当m__________时,点B横坐标的绝对值最大.【答案】5【解析】设1(Ax,1)y,2(Bx,2)y,由(0,1)P,2APPB,可得122xx,1212(1)yy,即有122xx,1223yy,又221144xym,即为2221xym,①222244xym,②①②得1212(2)(2)3yyyym,可得122yym,解得132my,234my,则2223()2mmx,即有222223109(5)16()244mmmmxm
本文标题:20202021学年高考数学考点第九章平面解析几何椭圆理
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