2016版优化方案高考物理--仿高考选择题巧练(一)

仿高考选择题巧练(一)(建议用时：20分钟)一、单项选择题1．(2015·南京五校质检)关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是()A．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C．牛顿发现了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量D．法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机2.如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.30.当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为()A．0.35mgB．0.30mgC．0.23mgD．0.20mg3．法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，则()A．接通电池后，电流计指针一直保持偏转B．接通电池时，电流计指针没有偏转C．接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转D．接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零4．如图甲是某交流发电机产生的正弦交变电压的图象，图乙是原、副线圈匝数比为5∶1的理想变压器，电流表为理想电表，电阻R＝100Ω，现将该交流发电机接入到变压器的A、B端，则下列说法中正确的是()A．交流发电机线圈转动的角速度为50πrad/sB．在t＝0.01s时穿过发电机线圈的磁通量最小C．电阻R消耗的电功率为19.36WD．电流表的示数为2.20A5．(2015·无锡二模)国际研究小组借助于智利的甚大望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点O做匀速圆周运动．此双星系统中体积较小成员能“吸食”另一颗体积较大星体表面物质，达到质量转移的目的，被“吸食”星体的质量远大于“吸食”星体的质量．假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，则在最初演变的过程中()A．它们做圆周运动的万有引力保持不变B．它们做圆周运动的角速度不断变大C．体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大D．体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小二、多项选择题6.甲、乙两辆汽车在同一水平直道上运动，其运动的位移—时间图象(x－t图象)如图所示，则下列关于两车运动情况的说法正确的是()A．甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动B．乙车在0～10s内的平均速度大小为0.8m/sC．在0～10s内，甲、乙两车仅相遇一次D．若乙车做匀变速直线运动，则图线上P所对应的瞬时速度大小一定大于0.8m/s7．一半径为R的均匀带正电圆环水平放置，环心为O点，质量为m的带正电的小球从O点正上方h高度的A点由静止释放，并穿过带电圆环．小球从A点运动到A点关于O点的对称点A′的过程中，其加速度(a)、重力势能(EpG)、机械能(E)、电势能(Ep电)随位置变化的图象如图所示(取O点为坐标原点且重力势能为零，向下为正方向，并取无穷远处电势为零)．其中可能正确的是()8.如图所示，足够长的光滑U形导轨宽度为L，其所在平面与水平面的夹角为α，上端连接一个阻值为R的电阻，置于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，今有一质量为m、有效电阻为r的金属杆垂直于导轨放置并由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度vm时，运动的位移为x，则以下说法中正确的是()A．金属杆所受导轨的支持力大于mgcosαB．金属杆下滑的最大速度vm＝mg（R＋r）sinαB2L2cos2αC．在此过程中电阻R上产生的焦耳热为mgxsinα－12mv2mD．在此过程中流过电阻R的电荷量为BLxR＋r9.荡秋千是一项有趣的运动，有经验的人能通过改变重心位置越荡越高．如图所示为某人荡秋千时的三个位置，3位置比1位置高，下列有关说法正确的是()A．荡秋千过程中人的机械能不守恒B．1→2过程，重力势能全部转化为动能C．1→2过程中，人的重心要人为再降低D．1→2过程中，人的重心要人为再升高仿高考选择题巧练(一)1．解析：选D.奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，A项错；美国科学家密立根最早用油滴法测得元电荷e的数值，B项错；卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，C项错．2．解析：选D.车厢内的重物受重力、支持力FN和水平向右的摩擦力Ff的作用，将加速度沿水平方向和竖直方向分解，由牛顿运动定律可知FN－mg＝masin37°，Ff＝macos37°，由牛顿第三定律可知，重物所受支持力FN＝1.15mg，代入上式解得：Ff＝0.20mg，D项正确．3．解析：选D.接通电池的瞬间穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流计指针偏转，过一段时间后磁通量不发生变化，没有感应电流，电流计指针不偏转，选项A、B错误，D正确；接通电池后再断开时的瞬间，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针偏转，选项C错误．4．解析：选C.由题图甲可知，该交变电流的周期为T＝0.02s，所以交流发电机线圈转动的角速度为ω＝2πT＝100πrad/s，选项A错误；在t＝0.01s时，交流发电机产生的电动势为零，即磁通量的变化率为零，所以此时穿过发电机线圈的磁通量最大，选项B错误；发电机发出的交流电的电压有效值为220V，通过匝数比为5∶1的理想变压器后，由n1n2＝U1U2可得其副线圈两端的电压为44V，所以电阻R消耗的电功率为P＝U2R＝19.36W，选项C正确；副线圈的电流为I2＝U2R＝0.44A，由n1n2＝I2I1可得I1＝0.088A，选项D错误．5．解析：选C.它们做圆周运动的万有引力F＝GMmr2，由于M变小，m变大，所以F变大，选项A错误；由牛顿第二定律得GMmr2＝Mω2r1＝mω2r2，解得r1＝mM＋mr，m变大，r1变大，又解得ω＝G（M＋m）r3，ω保持不变，由v＝ωr得，r1变大，v1变大，选项B、D错误，C正确．6．解析：选BD.从题图中可以看出，甲车先做匀速直线运动，当运动到t＝4s末时，甲车停止，故A错误；乙车在0～10s内的位移大小为8m，平均速度大小v＝0.8m/s，故B正确；甲车和乙车的位移－时间图象有两个交点，所以甲、乙两车会相遇两次，故C错误；若乙车做匀变速直线运动，P点对应的位置坐标为x＝4m，恰好是在0～10s内乙车位移的中点，又因为vt2＝v＝0.8m/s，vP＝vx2vt2，所以D正确．7．解析：选ABC.圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从A点到圆环中心O点的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力先增大后减小，方向竖直向上，小球所受重力不变，方向竖直向下，由牛顿第二定律得，加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环中心O点后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小．故A是可能的．小球从A点到圆环中心O点的过程中，重力势能EpG＝mgh0，小球穿过圆环后，EpG＝－mgh0，根据数学知识可知，B是可能的．小球从A点到圆环中心O点的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环中心，O点后，电场力做正功，机械能增大，故C是可能的．由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以D是不可能的．故选ABC.8．解析：选AB.由于磁感应强度方向竖直向上，根据右手定则及左手定则，金属杆受重力、支持力及水平向右的安培力，A正确；当金属杆受力平衡时，速度最大，故有B2L2vmcosαR＋r＝mgtanα，得vm＝mg（R＋r）sinαB2L2cos2α，B正确；由能量守恒定律可得mgxsinα＝12mv2m＋Q总，则电阻R上产生的焦耳热为QR＝RR＋rQ总＝RR＋r·mgxsinα－12mv2m，C错误；流过电阻R的电荷量为Q＝ΔΦR＋r＝BLxcosαR＋r，D错误．9．解析：选AC.由于空气阻力以及转轴摩擦力的存在，如果荡秋千过程不补充能量，秋千会很快停下，故机械能不守恒，A对、B错；1→2过程，当人为再降低重心时，更多的重力势能转化为动能，使人在最低点速度增大，能荡得更高，C对、D错．