四川省泸州市泸县第一中学2019届高三物理三诊模拟试题（含解析）

四川省泸州市泸县第一中学2019届高三三诊模拟理综-物理试题一、选择题1.一个原子核在中子的轰击下发生一种可能的裂变反应，其裂变方程为，则下列叙述正确的是A.X原子核中含有86个中子B.X原子核中含有141个核子C.因为裂变时释放能量，根据，所以裂变后的总质量数增加D.因为裂变时释放能量，出现质量亏损，所以生成物的总质量数减少【答案】A【解析】设X的原子核中含有x个质子，质量数为y，根据电荷数和质量数守恒有：92=x+38，235+1=y+94+2，解得x=54，y=140，所以X的中子数为：y-x=86，故A正确；根据A选项的论述可知X含义质量数为140，即核子数为140，故B错误；裂变反应过程中质量数守恒，质量数不会增加，裂变过程存在质量有亏损，质量不守恒，故CD错误。所以A正确，BCD错误。2.入冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足，在这样的恶劣天气中，甲．乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前．甲在后同向行驶。某是时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，两辆车刹车时的图像如图，则（）A.若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定等于B.若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定小于C.若两车发生碰撞，则一定是在刹车后之内的某时刻发生相撞D.若两车发生碰撞，则一定是在刹车后以后的某时刻发生相撞【答案】C【解析】试题分析：由图像可知，两车速度相等时经历的时间为20s，甲车的加速度为：，乙车的加速度为：，此时甲乙两车速度为5m/s,故甲车的位移：，乙车的位移为：，可知要想不相撞，两车的至少距离，因为两车发生碰撞，则两车的距离小于100m，故A.B错；因为速度相等后，若不相撞，两者的距离由逐渐增大，可知两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的，故C对，D错。考点：匀变速直线的速度时间图像.【名师点睛】追及相遇问题：1．从常见的三种追及、相遇问题看一个条件——两者速度相等（1）初速度为零（或较小）的匀加速直线运动的物体追匀速运动的物体，在速度相等时二者间距最大；（2）匀减速直线运动的物体追匀速运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小；（3）匀速运动的物体追匀加速直线运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小．2．分析追及、相遇类问题时，要注意抓住题目中的关键字眼审题时要充分挖掘题目中的隐含条件，如“刚好”、“恰好”、“最多”、“至少”等，往往对应一个临界状态，满足相应的临界条件．3.如图所示，水平放置平行金属板间存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B。一带电量为＋q，质量为m的粒子(不计重力)以速度v水平向右射入，粒子恰沿直线穿过，则下列说法正确的是A.若只将带电粒子带电量变为＋2q，粒子将向下偏转B.若只将带电粒子带电量变为－2q，粒子仍能沿直线穿过C.若只将带电粒子速度变为2v且粒子不与极板相碰，则从右侧射出时粒子的电势能减少D.若带电粒子从右侧水平射入，粒子仍能沿直线穿过【答案】B【解析】粒子恰沿直线穿过，电场力和洛伦兹力均垂直于速度，故合力为零，粒子做匀速直线运动；根据平衡条件，有，解得，只要粒子速度为，就能沿直线匀速通过选择器；若带电粒子带电量为+2q，速度不变，仍然沿直线匀速通过选择器，A错误；若带电粒子带电量为-2q，只要粒子速度为，电场力与洛伦兹力仍然平衡，仍然沿直线匀速通过选择器，B正确；若带电粒子速度为2v，电场力不变，洛伦兹力变为2倍，故会偏转，克服电场力做功，电势能增加，C错误；若带电粒子从右侧水平射入，电场力方向不变，洛伦兹力方向反向，故粒子一定偏转，D错误．【点评】在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即，，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器；若粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向相同，粒子必定发生偏转．4.如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球沿同一直线上运动。两球的质量关系为mB=2mA，规定向右为正方向，两球的动量均为5kg·m/s，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量变化量为-3kg·m/s，则A.右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:2B.右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:4C.左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:2D.左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:4【答案】C【解析】规定向右为正方向，碰撞前A、B两球的动量均为5kg•m/s，说明A、B两球的速度方向向右，两球质量关系为，所以碰撞前，所以左方是A球．碰撞后A球的动量增量为-3kg•m/s，所以碰撞后A球的动量是2kg•m/s，碰撞过程系统总动量守恒，，所以碰撞后B球的动量是8kg•m/s，根据mB=2mA，所以碰撞后A、B两球速度大小之比为1：2，C正确．5.如图所示电路中的电源为恒流源或恒压源（不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流或定值电压）．当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，电压表的读数变化量的绝对值为ΔU，电流表的读数变化量的绝对值为ΔI，则下列说法正确的是A.若电源为恒压源时，V示数增大，A示数减小B.若电源为恒压源时，V示数不变，A示数增大C.若电源为恒流源时，V示数增大，A示数减小，D.若电源为恒流源时，V示数增大，A示数增大，【答案】C【解析】【详解】滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，变阻器接入电路的阻值增大。若电源为恒压源时，电压表示数不变，电阻增大，电流变小，电阻R2两端的电压减小，并联部分的电压增大，流过电阻R1的电流增大，因总电流减小，电流表示数减小，故AB错误；电源为恒流源时，电路中总电流不变，变阻器向上滑动，总电阻增大，电压表示数增大，因电流不变，电阻R2两端的电压不变，并联部分的电压增大，电阻R1中的电流增大，总电流不变，所以电流表示数减小，电阻R2两端电压不变，电阻R1两端电压的变化量等于电压表的变化量△U，因总电流不变，所以电流表示数的变化量等于电阻R1的电流的变化量，所以有，故C正确，D错误。6.1932年，劳伦斯和利文斯顿设计出了回旋加速器．回旋加速器的工作原理如图所示，置于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生初速度不计、质量为m、电荷量为＋q的粒子，粒子在狭缝中被加速，加速电压为U，加速过程中不考虑相对论效应和重力影响，则关于回旋加速器，下列说法正确的是A.带电粒子每一次通过狭缝时获得的能量不同B.D形盘的半径R越大，粒子离开回旋加速器时获得的最大动能越大C.交变电源的加速电压U越大，粒子离开回旋加速器时获得的最大动能越大D.粒子第２次和第１次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为【答案】BD【解析】【详解】根据带电粒子从电场中获得能量，则由动能定理：qU=△Ek，可知，每一次通过狭缝时获得的能量相同，故A错误；根据，可得回旋加速器加速质子的最大速度为，与加速的电压无关，与D形盒的半径以及磁感应强度有关，由此D形盘的半径R越大，粒子离开回旋加速器时获得的最大动能越大，故B正确，C错误；只有电场力做功，粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后的动能之比是2：1，所以速度之比是，根据：，可得轨道半径之比为，故D正确。7.两根相距为L的足够长的金属弯角光滑导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边与水平面的夹角为37°，质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，导轨的电阻不计，回路总电阻为2R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v沿导轨匀速运动时，cd杆恰好处于静止状态，重力加速度为g，以下说法正确的是（）A.ab杆所受拉力F的大小为mgtan37°B.回路中电流为C.回路中电流的总功率为mgvtan37°D.m与v大小的关系为【答案】ACD【解析】对于cd杆，由平衡条件得：F安=mgtan37°，对ab杆，由于感应电流的大小、导线的长度相等，两杆所受的安培力大小相等，由平衡条件得知，F=F安，拉力F=mgtan37°，故A正确；cd杆所受的安培力F安=BIL，又F安=mgtan37°，得电流为：，故B错误；回路中电流的总功率等于拉力的功率，为P=Fv=mgvtan37°，故C正确；根据E=BLv，，F安=BIL得，F安=，结合F安=mgtan37°，解得：m=，故D正确。故选ACD。点睛：本题要熟练运用法拉第电磁感应定律、平衡方程等规律，强调受力分析的正确性，同时突出克服安培力所做的功等于产生的焦耳热．8.如图所示，宽为L的竖直障碍物上开有间距d=0.6m的矩形孔，其下沿离地高h=1.2m，离地高H=2m的可视为质点的小球与障碍物相距x，在障碍物以v0=4m/s的速度匀速向左运动的同时，小球自由下落，忽略空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是A.L=1m、x=1m时小球可以穿过矩形孔B.L=0.8m、x=0.8m时小球可以穿过矩形孔C.L=0.6m、x=1m时小球可以穿过矩形孔D.L=0.6m、x=1.2m时小球可以穿过矩形孔【答案】BC【解析】根据自由落体运动的公式求出小球通过矩形孔的时间，从而通过等时性求出L的最大值．结合小球运动到矩形孔上沿的时间和下沿的时间，结合障碍物的速度求出x的最小值和最大值．小球做自由落体运动到矩形孔的上沿的时间为：；小球做自由落体运动到矩形孔下沿的时间为，则小球通过矩形孔的时间为，根据等时性知L的最大值为，故A错误；若，x的最小值为，x的最大值为，x的取值范围是，B正确；若，x的最小值为，x的最大值为，所以，C正确D错误．二、非选择题9.在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数。已知铁块A的质量mA=0.5kg，金属板B的质量mB=1kg。用水平力F向左拉金属板B，使其一直向左运动，稳定后弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则A，B间的摩擦力Ff=______N，A，B间的动摩擦因数μ=____。（g取10m/s2）。该同学还将纸带连接在金属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s，可求得拉金属板的水平力F=________N【答案】(1).2.50；(2).0.50；(3).4.50【解析】【详解】A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数，Ff=F=2.50N。根据Ff=μmAg，解得：μ=0.50。由题意可知，金属板做匀加速直线运动，根据△x=aT2，其中△x=2cm=0.02m，T=0.1s，所以解得：a=2.0m/s2。根据牛顿第二定律得：F-Ff=mBa，代入数据解得F=4.50N。10.某探究小组要尽可能精确地测量电流表○A1的满偏电流，可供选用的器材如下：A.待测电流表A1(满偏电流Imax约为800μA、内阻r1约为100Ω，表盘刻度均匀、总格数为N)B.电流表A2(量程为0.6A、内阻r2＝0.1Ω)C.电压表V(量程为3V、内阻RV＝3kΩ)D.滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)E.电源E(电动势有3V、内阻r约为1.5Ω)F.开关S一个，导线若干(1)该小组设计了图甲、图乙两个电路图，其中合理的是________(选填“图甲”或“图乙”)．(2)所选合理电路中虚线圈处应接入电表________(选填“B”或“C”)．(3)在开关S闭合前，应把滑动变阻器的滑片P置于________端(选填“a”或“b”)．(4)在实验中，若所选电表的读数为Z，电流表A1的指针偏转了n格，则可算出待测电流表A1的满偏电流Imax＝________.【答案】(1).图乙(2).C(3).b(4).【解析】本题①的关键是根据变阻器的全电阻远小于待测电流表内阻可知，变阻器应采用分压式接法；题②的关键是根据串联电路电流相等可知虚线处应是电流表B；题③关键是明确闭合电键前应将变阻器滑片置于输出电压最小的一端；题④的