四川省成都市石室中学2019-2020学年高二物理9月入学考试试题（含解析）

四川省成都市石室中学2019-2020学年高二物理9月入学考试试题（含解析）一、单项选择题1.小船横渡一条两岸平行的河流，船本身的速度(即在静水中的速度)大小不变、船身方向垂直于河岸，水流速度与河岸平行，已知小船的运动轨迹如图所示，则()A.渡河过程中水流速度恒定不变B.渡河过程中越接近河岸水流速度越大C.无论水流速度是否变化，这种渡河方式耗时不变且最短D.该船渡河的时间会受水流速度变化的影响【答案】C【解析】【详解】AB.从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，小船先具有向下游的加速度，小船后具有向上游的加速度，故水流是先加速后减速，即越接近河岸水流速度越小，故A错误，B错误。CD.由于船身方向垂直于河岸，无论水流速度是否变化，这种渡河方式耗时最短，故C正确，D错误。2.如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为（）A.1∶1B.2∶1C.3∶2D.2∶3【答案】C【解析】【详解】小球A做平抛运动，根据分位移公式有：1xvt212ygt又有：tan30yx由以上方程可得：132vgt小球B恰好垂直打在斜面上，则有22tan30yvvvgt则233vgt综上可得：12:3:2vv【点睛】本题考查的是平抛运动的知识，平抛运动总的解题方法就是分解，如果知道平抛运动位移的信息，就分解位移；如果知道速度信息就分解速度。3.如图所示，粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止。在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷，从A点无初速度释放带负电且电荷量保持不变的小物块(视为质点)，运动到P点时速度恰为零.则小物块从A到P运动的过程()A.水平地面对斜面体没有静摩擦作用B.小物块的电势能先减小后增大C.小物块所受到的合外力减小后增大D.小物块损失的机械能等于增加的电势能【答案】C【解析】【详解】AC.根据题意可知物块A先向下加速后向下减速，距离B点越近，库仑力越大，所以加速度大小先减小后增大，故受到的合力先减小后增大；当物块加速下滑时，斜面有向右运动的趋势，水平地面对斜面体有水平向左的静摩擦力，选项A错误，选项C正确。B.由运动情况可知，小物块带负电，点电荷也带负电，故小物块在下滑的过程中，库仑力做负功，故物块的电势能增大，选项B错误;D.由能量守恒可知小物块损失的机械能等于增加的电势能和因摩擦产生的内能，故小物块损失的机械能大于增加的电势能，选项D错误，4.“嫦娥二号”卫星发射后直接进入近地点高度200千米、远地点高度约38万千米的地月转移轨道直接奔月，如图所示．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100千米、周期12小时的椭圆轨道a.再经过两次轨道调整，进入100千米的极月圆轨道b，轨道a和b相切于P点．下列说法正确的是()A.“嫦娥二号”卫星的发射速度大于7.9km/s，小于11.2km/sB.“嫦娥二号”卫星的发射速度大于11.2km/sC.“嫦娥二号”卫星在a、b轨道经过P点的速度va＝vbD.“嫦娥二号”卫星在a、b轨道经过P点的加速度分别为aa、ab，则aaab【答案】A【解析】【详解】“嫦娥二号”卫星的发射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间，A项正确、B项错误；“嫦娥二号”卫星在a轨道经过P点时减小卫星速度，卫星即可由椭圆轨道a变为圆轨道b，故vavb，但万有引力相同，加速度相同，CD错误．故选A.5.如图甲所示，两个点电荷1Q、2Q固定在x轴上距离为L的两点，其中1Q带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3.L现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a，b两点时的速度分别为av、bv，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断不正确的是()A.2Q带负电且电荷量小于1QB.b点的场强一定为零C.a点的电势比b点的电势高D.粒子在a点的电势能比b点的电势能小【答案】ABC【解析】【详解】由图象分析可知：在b点前做加速运动，b点后做减速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知b点的合场强为零，Q2带负电，且有1222(3)(2)kQkQLL，所以，Q1＞Q2，故AB正确．该电荷从a点到b点，做加速运动，且该电荷为正电荷，电场力做正功，所以电势能减小，再据Ep=qφ知，电势降低，所以b点电势较低，故C正确，D错误；故选ABC．6.在点电荷Q的电场中的O点，由静止释放一个质量为m、带电荷量为+q的试探电荷，试探电荷运动到a点时的速度大小为v，若该试探电荷从无穷远处运动到电场中的a点时，需克服电场力做功为W，试探电荷运动到a点时的速度大小仍为v，设无穷远处电势为零，(不计试探电荷的重力)。则下列判断正确的是()A.电场中a点电势aWqB.电场中O点电势为中22OWmvqqC.试探电荷的最大速度为m2WvmD.aO间电势差为22aOmvUq【答案】B【解析】【详解】A.正试探电荷从无穷远处移到电场中a点克服电场力做功W，表明电场力为斥力，场源电荷带正电，由电场力做功得aaWqUqa点电势aWq，A项错误B.若将试探电荷从O移到a，由动能定理得2102OaqUmv而OaoaU解得22OWmvqq，B项正确;C.该试探电荷从无穷远处运动到电场中的a点时，需克服电场力做功W，试探电荷运动到a点时的速度大小仍为v，则试探电荷在无穷远处时速度最大，由动能定理有22m1122Wmvmv则2m2Wvvm，C项错误。D.aOOaUU，即22aOmvUq，D项错误。7.如图，倾角为300的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在斜面底端的挡板上，另一端与质量为m的物块A连接，A静止于P点。现对A施加一方向平行于斜面向上、大小F=mg的恒定拉力，使A向上运动。若运动过程中，弹簧形变未超过弹性限度，重力加速度为g，则（）A.刚施加拉力F时，A的加速度大小为0.5gB.速度最大时，A距P点的距离为2mgkC.在A上升到最高点的进程中，A和弹簧系统的机械能先增加后减小D.在A上升到最高点的过程中，A的机械能先增加后减小【答案】D【解析】A、施加拉力前，弹簧被压缩x，沿斜面方向sinkxmg，可知2mgxk由牛顿第二定律Fma，解得ag，方向沿斜面向上，故A错误。B、物块先向上加速运动后减速运动，当a=0时速度最大，有sinFkxmg，解得伸长量为2mgxk，故A距P点的距离为mgxxk，B错误。C、物块和弹簧的系统在上升过程中除重力和弹簧弹力做功外，其它力F一直做正功，故机械能一直增大，故C错误。D、A的机械能由拉力F和弹簧弹力做功衡量，两个力的合力先向上后向下，故先做正功后做负功，则机械能先增大后减小。故D正确。故选D.【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用及机械能守恒定律；要分析清楚物体的运动过程，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律可以正确解题．8.如图所示，足够长的传送带与水平方向的倾角为，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑滑轮与物块b相连，b的质量为m.开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带逆时针匀速转动，则在b上升h高度(未与滑轮相碰)过程中下列说法错误的是()A.物块a的重力势能减少mghB.摩擦力对a做的功等于a机械能的增量C.摩擦力对a做的功等于物块a、b动能增量之和D.任意时刻，重力对a、b做功的瞬时功率大小相等【答案】B【解析】【详解】A.开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有sinamgmg，则sinamm上升h，则a下降sinh，则a重力势能的减小量为sinpaaEmghmgh故A正确不符合题意;BC.根据能量守恒定律得，摩擦力对a做的功等于a、b系统机械能的增量，因为a重力势能的减小量等于b重力势能增加量，系统重力势能不变，所以摩擦力对a做的功等于系统动能的增量，故B错误符合题意，C正确不符合题意;D.任意时刻a、b的速率相等，对b，克服重力做功的瞬时功率bPmgv，对a有:sinaaPmgvmgv所以重力对a、b做功的瞬时功率大小相等，故D正确不符合题意。二、多项选择题9.下面对于物理概念及物理规律的理解，正确的是()A.物体受到的合外力等于物体动量的变化率B.汽车以恒定功率在平直路面上行驶，阻力大小一定，则无论汽车加速还是减速，加速度必定减小C.一个系统的合外力等于零，这个系统的机械能一定守恒D.做匀变速曲线运动的物体，当速度方向与合力方向垂直时，速度最大【答案】AB【解析】【详解】A.根据动量定理可知，物体的合外力为pFt，即合外力等于动量的变化率，故A正确；B.汽车加速运动时，根据牛顿第二定律有其加速度为Ffam，速度增大，根据P=Fv可得，牵引力减小，所以加速度减小，如汽车减速运动，根据牛顿第二定律有其加速度为fFam，速度减小，根据P=Fv可得，牵引力增大，所以加速度减小，故B正确；C.当物体匀速上升时，合外力为零，动能不变，重力势能增加，机械能增加，故C错误；D.做斜抛运动的物体只受到竖直向下的重力，在最高点合外力与速度相互垂直，但速度是最小的，故D错误；10.如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷+Q和-q(Qq)，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点。下列说法中正确的是()A.A点场强大于B点场强B.C点场强与D点场强相同C.A点电势小于B点电势D.将正电荷从C点移到O点，电场力做负功【答案】AD【解析】【详解】A.由于Qq，A点处电场线比B点处电场线密，A点场强大于B点场强，故A正确。B.由于电场线关于M对称，C，D两点电场线疏密程度相同，则C点场强大小等于D点场强大小，由于两电荷电量不同，方向与两个电荷的连线不平行，故电场强度的方向不同，故B错误。C.由题意知，电场线方向由M指向N，则A点电势高于B点电势，故C错误。D.电场线从Q出发到q终止，关于MN对称，由于Q＞q，则正检验电荷在CO上受到的力指向右上方，则正检验电荷从C移到O的过程，克服电场力做功，即电场力做负功，故D正确。11.图中三条实线a、b、c表示三个等势面．一个带电粒子射入电场后只在电场力作用下沿虚线所示途径由M点运动到N点，由图可以看出（）A.三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φcB.三个等势面的电势关系是φa＜φb＜ωcC.带电粒子在N点的动能较小，电势能较大D.带电粒子在N点的动能较大，电势能较小【答案】C【解析】试题分析：物体做曲线运动时，一定受到指向其曲线内侧的力，若物体只受电场力，则电场力一定指向曲线内侧，这是解决带电粒子在电场中做曲线运动的突破点，然后根据电场力做功情况进一步判断动能、电势能的变化情况，或者根据电场线方向判断电势的高低．带电粒子所受电场力指向曲线内侧，即大体上是向右，带电粒子从M运动到N过程中速度方向和电场力的方向的夹角大于90°，电场力做负功，电势增大，动能减小，故N动能小，电势能大，故C正确D错误；由于不知电荷带电的正负，因此无法判断电场线方向，故三个等势面的电势高低无法判断，故AB错误．12.如图，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一轻质水平状态的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上O点，且处于原长。现让圆环从A点由静止开始下滑，滑到O点正下方B点时速度为零。则在圆环下滑过程中（）A.圆环机械能守恒B.弹簧的弹性势能先增大再减小，再增大C.弹簧再次恢复到原长时圆环的速度最大D.与圆环在A点的加速度相同的位置还有两处【答案】BD【解析】【详解】A.弹簧的弹力对圆环做功，故圆环的机械能不守恒，故选项A错误；B.弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大，故选项B正确；C.圆