陕西省榆林市2019届高三化学模拟考试试题（含解析）

陕西省榆林市2019届高三化学模拟考试试题（含解析）可能用到的相对原子质量：H1C12O16Na23Cl35.5K39Cr52Fe56Sn119一、选择题：每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.化学科学与技术在宇宙探索、改进生活、改善环境与促进发展方面均发挥着关键性的作用。下列说法正确的是A.“玉兔号”月球车帆板太阳能电池的材料是氮化硅或二氧化硅B.“乙醇汽油”、肼(N2H4)和水煤气的主要成分都是可再生能源C.“神舟”和“天宮”系列飞船使用的碳纤维材料、光导纤维都是新型无机非金属材料D.所有糖类、油脂和蛋白质等营养物质在人体吸收后都能被水解利用【答案】C【解析】【详解】A、太阳能电池帆板的材料是单质硅，故选项A错误；B、汽油、水煤气是不可再生能源，乙醇是可再生能源，故选项B错误；C、碳纤维、光导纤维都是新型无机非金属材料，故选项C正确；D、葡萄糖是单糖，不水解，故选项D错误。2.设NA为阿伏加德罗常数，下列有关说法正确的是A.常温下，48gCT3CO18OCH2CH3含电子数24NA、中子数24NAB.标况下，11.2L氮气和足量的氧气在高温条件下可以生成46gNO2C.常温下，1LpH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−9NAD.常温下，5.6mol/L的10mL氯化铁溶液滴到100mL沸水中，生成0.056NA个氢氧化铁胶粒【答案】A【解析】【详解】A、CT3CO18OCH2CH3的摩尔质量为96g·mol－1，含有电子物质的量为48g×48/96g·mol－1=24mol，含有中子物质的量为48g×48/96g·mol－1=24mol，故选项A正确；B、氮气和足量的氧气在高温条件下只能生成NO，故选项B错误；C、常温下，1LpH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−5NA，故选项C错误；D、氢氧化铁胶体是集合体，一个氢氧化铁胶粒含许多个氢氧化铁，因此含有氢氧化铁胶粒的物质的量小于10×10－3L×5.6mol·L－1=0.056mol，故选项D错误。3.以氯酸钠等为原料制备亚氯酸钠的工艺流程如下，下列说法错误的是A.NaClO3在发生器中作氧化剂B.吸收塔中1molH2O2得到2mol电子C.吸收塔中温度不宜过高，会导致H2O2的分解D.从“母液”中可回收的主要物质是Na2SO4【答案】B【解析】【详解】A、根据流程图，NaClO3与SO2发生氧化还原反应，化学方程式为2NaClO3+SO2===Na2SO4+2ClO2，其中NaClO3作氧化剂，故A说法正确；B、吸收塔中发生的反应为2ClO2+H2O2+2NaOH===2NaClO2+2H2O+O2↑，1molH2O2失去2mol电子，故B说法错误；C、H2O2在高温下易分解，故吸收塔的温度不能太高，故C说法正确；D、根据选项A的分析，母液中溶质主要为Na2SO4，故D说法正确。4.已知C2H6O有CH3CH2OH和CH3OCH3二种结构，C4H10、C4H10O组成中相差一个氧原子，则C4H10的一元取代物种数和C4H10O的所有同分异构体种数A.相同B.C4H10一元取代物种数多C.C4H10O同分异构体种数多D.不能确定哪种多【答案】C【解析】【分析】C4H10的同分异构体为CH3CH2CH2CH3（有两种不同的氢原子）、CH3CH(CH3)CH3（有两种不同的氢原子），根据信息，醇与醚互为同分异构体进行分析；【详解】C4H10的同分异构体为CH3CH2CH2CH3（有两种不同的氢原子）、CH3CH(CH3)CH3（有两种不同的氢原子），因此C4H10的一元代物有四种，C4H10O可以醇也可以是醚，作为醇：可以看作－OH取代C4H10上的氢原子，共有四种，作为醚：CH3OCH2CH2CH3、CH3CH2OCH2CH3、CH3OCH(CH3)2，有三种，C4H10O共有七种同分异构体，故选项C正确。5.X、Y、Z、W、M五种短周期主族元素，原子序数依次增大，已知X为原子半径最小的元素，Y的最高正化合价和最低负化合价的代数和为0，Z可以与X形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物，W是地壳中含量最高的金属元素，M的单质是一种黄绿色气体，则下列叙述正确的是A.原子半径的大小关系WMZYXB.Y和M的含氧酸的酸性，前者一定比后者弱C.YX4与M的单质在光照条件下的反应产物最多有4种物质D.X、Y、W的单质均可用于冶炼金属的还原剂【答案】D【解析】【分析】原子半径最小的元素是氢；最高正化合价和最低负化合价的代数和为0的元素为H元素或第IVA族元素；能与氢形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物的元素是氧；地壳中含量最高的金属元素是铝；单质是一种黄绿色气体的元素为氯，所以X、Y、Z、W、M分别为：氢、碳、氧、铝、氯；【详解】原子半径最小的元素是氢；最高正化合价和最低负化合价的代数和为0的元素为H元素或第IVA族元素；能与氢形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物的元素是氧；地壳中含量最高的金属元素是铝；单质是一种黄绿色气体的元素为氯，所以X、Y、Z、W、M分别为：氢、碳、氧、铝、氯；A、原子半径大小关系为：Al＞Cl＞C＞O＞H，故选项A错误；B、因为非金属性：氯碳；所以最高价含氧酸的酸性：高氯酸强于碳酸，但是次氯酸的酸性比碳酸弱，故选项B错误；C、CH4与Cl2在光照条件下发生取代反应可得：CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl五种产物，故选项C错误；D、氢气、炭、铝均可用于金属冶炼的还原剂，故选项D正确。【点睛】微粒半径大小比较：一看电子层数，一般电子层数越多，半径越大；二看原子序数，电子层数相等，半径随着原子序数的递增而减小；三看电子数，电子层数相等，原子序数相等，电子数越多，半径越大；本题易错点是选项B，通过含氧酸的酸性比较非金属性，含氧酸应是最高价氧化物对应水化物的酸性。6.科学家预言，被称为“黑金”的“新材料之王”石墨烯将“彻底改变21世纪”。中国华为研发人员利用锂离子能在石墨烯表面和电极之间快速大量穿梭运动的特性，已在世界上率先开发出石墨烯电池，电池反应式为LixC6+Li1－xCoO2C6+LiCoO2，其工作原理如图。下列关于该电池的说法正确的是A.有设计师建议该电池采用隔膜效果更好，可选用质子交换膜B.放电时，LiCoO2极发生的电极反应为：LiCoO2－xe−＝Li1－xCoO2+xLi+C.石墨烯电池通过提高储锂容量进而提高能量密度，废旧的该电池进行“放电处理”让Li+嵌入LiCoO2中而有利于回收D.石墨烯电池充电时LiCoO2极与电源负极相连【答案】C【解析】【详解】A、隔膜只允许Li+通过，不选用质子交换膜，故A错误；B、根据电池反应，放电时，LiCoO2上得到电子，LiCoO2发生电极反应式：Li1－xCoO2+xLi++xe−===xLiCoO2，故B错误；C、石墨烯电池的优点提高电池的储锂容量进而提高能量密度，根据工作原理，Li+嵌入LiCoO2中，故C正确；D、LiCoO2极是电池正极，充电时与电源正极相连，故D错误。7.已知：AG＝lgc(H+)/c(OH-)，室温下用0.01mol·L−1NH3·H2O溶液滴定20.00mL0.01mol·L−1某一元酸HA，可得下图所示的结果，下列说法中错误的是A.该滴定实验最好选用甲基橙作指示剂B.整个过程中，C点时水的电离程度最大C.若x3＝30，则有：3c(OH−)＝c(NH4+)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)D.A→C的过程中，可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH)＞c(OH−)【答案】B【解析】【详解】A、由A点可知0.01mol·L−1HA溶液中c(H+)＝0.01mol·L−1，所以HA为强酸，因为氨水是弱碱，所以滴定时应该选用甲基橙作指示剂，故A说法正确；B、整个滴定过程中，当酸碱恰好反应生成盐时，水的电离程度最大，由于生成的盐是强酸弱碱盐，此时溶液显酸性，而C点为中性，故B说法错误；C、若x3＝30，根据电荷守恒有：c(OH−)+c(A−)＝c(NH4+)+c(H+)，根据物料守恒有3c(A−)＝2[c(NH)+c(NH3·H2O)]，二者联合解得：3c(OH−)＝c(NH4+)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)，故C说法正确；D、A→C的过程中，若加入的氨水的量很少时，溶液中H+和A−较多，此时可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH4+)＞c(OH−)，故D说法正确。【点睛】选择指示剂的原则是一是变色范围越窄越好，二是滴定终点的酸碱性与pH变色范围一致，如本题选项A，HA为强酸，NH3·H2O为弱碱，生成的NH4A为强酸弱碱盐，溶液显酸性，即指示剂选用甲基橙。二、非选择题（共43分）8.CuCl广泛应用于化工和印染等行业。某研究性学习小组拟热分解CuCl2·2H2O制备CuCl，并验证其它分解产物。【查阅资料】①②CuCl是一种白色难溶固体，潮湿CuCl在空气中缓慢被氧化（1）配平潮湿CuCl在空气中被氧化的化学方程式：____CuCl+_____O2+_____===3CuO·CuCl2·3H2O+______HCl【实验探究】该小组选用下图装置进行实验（夹持加热仪器略）。（2）装置A用于制取HCl：NaCl+H2SO4===NaHSO4+HCl↑，浓硫酸在该反应中体现强酸性和_________性；（3）按实验要求选择上图装置，连接顺序为：a____________（按气流方向，用小写字母表示）；（4）根据完整的实验装置进行实验，实验步骤如下：①连接装置，________________；②装入药品；③打开分液漏斗活塞；④控制温度加热硬质玻璃管一段时间；⑤停止通HCl，升温继续加热；步骤④通HCl的目的是______________________；（5）装置E中发生反应的离子方程式是______________________________。【实验分析与改进】（6）装置B中试纸先变蓝后又褪色，经查资料获知过量的Cl2能将I2氧化。甲同学认为可将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液以克服Cl2过量的问题，但小组分析后认为该方案存在一个明显安全问题：__________________________________（7）反应结束后，CuCl产品中可能含有少量未分解的CuCl2，乙同学认为只用一种日常生活常见的液体即可检验。该实验方案为：取少量固体放入小试管中，_________________________________。【答案】(1).4，1，4H2O=1，2(2).难挥发性(3).degfcbh或edgfcbh(4).检查装置气密性(5).抑制CuCl2水解(6).H++OH–=H2O(7).Cl2+2OH–=Cl–+ClO–+H2O(8).HCl易溶于水，易发生倒吸(9).加少量水后用胶塞盖紧，迅速震荡，若溶液显蓝色则产品中含CuCl2，若不显蓝色则不含CuCl2【解析】⑴配平潮湿CuCl在空气中被氧化，说明有水参加反应，结合氧化还原反应的电子守恒和原子守恒，此反应的化学方程式经配平后为4CuCl+O2+4H2O=3CuO·CuCl2·3H2O+2HCl；⑵实验室通过利用浓硫酸的强酸性和难挥发性的性质，通过反应NaCl+H2SO4=NaHSO4+HCl↑来制取HCl；⑶由A装置制备的HCl通入C装置，经过D装置无水硫酸铜检验生成的水和B装置检验是否有氯气生成，最后用E装置进行尾气处理，减小环境污染，则装置的连接顺序为adegfcbh或aedgfcbh；⑷装置连接后，首先要检验装置气密性，再进行后续实验；因CuCl2在水溶液中易水解，可通入HCl抑制CuCl2水解；⑸装置E是用NaOH溶液吸收含有HCl和Cl2的尾气，发生反应的离子方程式是H++OH–=H2O和Cl2+2OH–=Cl–+ClO–+H2O；⑹如果将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液，因HCl气体易溶解于水，容易产生倒吸现象，存