陕西省宝鸡中学2018-2019学年高二物理上学期期末考试仿真卷（A卷）（含解析）

2018-2019学年上学期高二期末考试仿真测试卷物理（A）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单选题1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．法拉第建立了完整的电磁场理论【答案】B【解析】开普勒最早发现了行星运动的规律，故A错误；卡文迪许通过实验测出了引力常量，故B正确；伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故C错误；麦克斯韦建立了完整的电磁场理论，故D错误。2．关于磁场，下列说法中正确的是（）A．带电粒子在磁场中运动时一定会受到洛仑兹力的作用B．磁感应强度的大小和方向与放在其中的通电导线的受力大小和方向无关C．通电导线受到安培力大的地方磁感应强度一定大D．根据公式T=，带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与成反比【答案】B【解析】带电粒子要在磁场中运动，并且速度方向与磁场方向不在同一直线上才受到洛伦兹力，故A错误。磁感应强度的大小和方向是由磁场本身决定的，与放在其中的通电导线的受力大小和方向无关，故B正确。根据安培力的公式：F=BILsinθ可知，通电导线受到安培力大的地方磁感应强度不一定大，故C错误。根据公式T=，带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与v有关，但同时还与半径有关，结合r=，联立可得：T=，可知带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与v无关，故D错误。故选B。3．真空中某一点电荷Q在自己周围产生电场，a、b分别是该电场中的两点，如图，其中a点的电场强度大小为Ea，方向与ab连线成120°角；b点的电场强度大小为Eb，方向与ab连线成150°角，检验电荷q分别放在a点和b点，则（）A．点电荷Q是负电荷B．a、b两点的电场强度大小之比3：1C．检验电荷在a、b受到的电场力大小相等D．a、b两点可能处于同一等势面上【答案】B【解析】根据场强特点，知道点电荷Q是正电荷，A错误；将两条电场线反向延长后相交于一点，即为点电荷Q的位置，设a、b两点到Q的距离分别为ar和br，由几何知识得到3barr，根据公式2QEkr得到3abEE，B正确；因为3abEE，根据FEq得3abFF，C错误；因为b点距离正电荷Q远，所以ab，D错误。4．如图所示，直流电路闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）A．电源的总功率一定减小B．电源的效率一定增大C．电容器所带电量减小D．电源的输出功率一定先增大后减小【答案】C【解析】当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电阻减小，电路的电流变大，根据P=IE可知，电源总功率变大，选项A错误；路端电压减小，根据，则电源的效率减小，选项B错误；路端电压减小，电容器两端电压减小，则带电量减小，选项C正确；当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，此题中无法判断外电阻和内阻的关系，则无法判断输出功率的变化，选项D错误；故选C。此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号5．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）和灵敏电流计连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．带电油滴将沿竖直方向向下运动，电势能增加B．带电油滴在沿竖直方向向上运动，电势能减小C．P点的电势将升高D．移动极板过程中灵敏电流计中的电流方向是由b流向a【答案】A【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器板间距离增大，由于电容器两板间电压U不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。电场力对油滴做负功，则油滴的电势能增加，故A正确，B错误。场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低。故C错误。根据Q=CU，由于电容器的极板间电势差U不变，电容器的电容C减小，故带电量减小，放电电流由a到b，故D错误；故选A。6．如图所示，O为正方形ABCD的中点，两根无限长通电直导线PQ、MN与均通过O点（彼此绝缘）且PQ∥AB、MN∥BC，PQ、MN中的电流大小分别为2I和I，方向如图所示。下列说法正确的是（）A．A、B两点的磁感应强度大小相同B．B、C两点的磁感应强度大小相同C．A、B两点的磁感应强度方向相同D．B、C两点的磁感应强度方向相同【答案】C【解析】通电无限长直导线周围产生的磁场与距离、电流大小相关，距离相同处的磁感应强度大小相同；相同距离处电流越大，磁场越强。设垂直纸面向内为正，MN导线在A、B、C处的磁感应强度分别为﹣B1、B1、B1；PQ导线在A、B、C处的磁感应强度分别为﹣B2、﹣B2、B2；由PQ的电流是MN的两倍，故B2＞B1；故A、B、C处的磁感应强度的矢量和为﹣（B1+B2）、﹣（B2﹣B1）、B1+B2．可知A、C大小相同；故AB错误；依据右手螺旋定则，结合矢量的合成法则，可知，A、B方向相同，C与D方向相同，故C正确，D错误。故选C。7．一圆形线圈位于一随时间t变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面），以向里为正方向，如图（甲）所示。线圈上顺时针方向为电流的正方向，则当磁场按图（乙）变化时，线圈中的i﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】感应定律和欧姆定律得，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率。由图乙可知，0～1s时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值。所以可判断0～1s为负的恒值；同理，1～3s为负的恒值；3s～5s为零；5s～6s为负的恒值，故ABC错误，D正确。故选D。二、多选题8．在如图所示电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=0.5Ω，电阻R1=2Ω，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，则下列叙述中正确的是（）A．I变小，U1变小B．U2变小，U3变大C．电阻R1的电功率减小D．电源的输出功率减小【答案】ACD【解析】当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故A正确．I变小，则U3=E﹣Ir，U3变大，则U3=U1+U2，U1变小，则U2变大，故B错误．根据P=可知，U1变小，功率变小．故C正确．内电阻r=0.5Ω，电阻R1=2Ω，则外电路总电阻大于电源的内阻，则当变阻器R的滑片P向下移动时，外电路总电阻增大，电源的输出功率减小，故D正确．9．某同学将一直流电源的总功率P,输出功率RP和电源内部的发热功率rP随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如右图中的a、b、c所示。则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率RP随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点这三点的纵坐标一定满足关系D．b、c线的交点M与a、b线的交点N的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:4【答案】CD【解析】由电源总功率和电源内部的发热功率表达式EPEI，2rPIr，则电源输出功率2RPEIIr，可知图线a表示电源总功率，图线b表示电源内部的发热功率，图线c表示电源的输出功率；在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率P等于输出功率RP和电源内部的发热功率rP的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系ABCPPP；当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为2EEIRrr，功率的大小为24EPr，a、b线的交点N表示电源的总功率EP和电源内部的发热功率rP相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为EIr，功率的大小为2EPr，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4。10．回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示，它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近，分别和高频交流电源向连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，带电粒子由加速器的中心附近进入加速器，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。如果用同一回旋加速器分别加速氚核和α粒子（氚核和α粒子质量比为3：4，电荷量之比为1：2），则以下说法正确的是（）A．加速α粒子的交流电源的周期较大，α粒子获得的最大动能较小B．若增大磁感应强度，则α粒子获得的最大动能增大C．若增大加速电压，氚核获得的最大动能增大D．若增大加速电压，氚核在加速器中运动的总时间变短【答案】BD【解析】交流电源的周期T=；故用同一回旋加速器分别加速氚核和α粒子的周期之比为：T1：T2==3：2；根据qvB=m得，粒子出D形盒时的速度vm=，则粒子出D形盒时的动能Ekm=，故氚核和α粒子，粒子出来时的最大动能之比为：Ek1：Ek2==1：3，故加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较大，故A错误，根据上式，可知，若增大磁感应强度，则α粒子获得的最大动能增大，故B正确；根据qvB=m得，粒子出D形盒时的速度vm=，则粒子出D形盒时的动能Ekm=，最大动能与电压无关，故C错误；若增大加速电压，加速的次数减少，故加速的时间减小，故D正确。三、实验题11．⑴某实验小组为了测量某一电阻Rx的阻值，他们先用多用电表进行粗测，测量出Rx的阻值约为18Ω左右。为了进一步精确测量该电阻，实验台上有以下器材：A．电流表(量程15mA，内阻未知)B．电流表(量程0.6A，内阻未知)C．电阻箱(0～99.99Ω)D．电阻箱(0～999.9Ω)E.电源(电动势约3V，内阻约1Ω)F.单刀单掷开关2只G.导线若干甲同学设计了如图甲所示的实验原理图并连接好实验器材，按照如下步骤完成实验：a.先将电阻箱阻值调到最大，闭合S1，断开S2，调节电阻箱阻值，使电阻箱有合适的阻值R1，此时电流表指针有较大的偏转且示数为I；b.保持开关S1闭合，再闭合开关S2，调节电阻箱的阻值为R2，使电流表的示数仍为I。①根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择_______，电阻箱应选择_______（选填器材前的字母）②根据实验步骤可知，待测电阻Rx=____________________（用步骤中所测得的物理量表示）。⑵同学乙认为该电路可以用来测电源的电动势、内阻。若已知所选电流表的内阻RA=2.0Ω，闭合开关S2，调节电阻箱R，读出多组电阻值R和电流I的数据；由实验数据绘出的-R图象如图乙所示，由此可求得电源电动势E=________V，内阻r=____Ω。(计算结果保留两位有效数字)【答案】A;D;;3.2;0.80;【解析】（1）①根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：Imax=≈0.167A=167mA，如果电流表选B，则读数误差太大，故电流表应选A；电源电动势为3V，电流表量程为15mA=0.015A，由欧姆定律：I=U/R可知，电路中的最小电阻应为：Rmax=E/IA=3V/0.015A=200Ω，所以电阻箱应选D；②根据闭合电路欧姆定律，S2断开时有：E=I(Rx+R1+RA+r)…①S2闭合时有：E=I(R2+RA+r)…②联立①②解得：Rx=R2−R1；(2)S闭合后，由闭合电路欧姆定律可知：E=I(R+RA+r)则有：，由图像可得，，联立解得：E=3.2Vr=2.0Ω.12．在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝