陕西省宝鸡中学2018-2019学年高二物理上学期期末考试仿真卷（A卷）（含解析）

1、2018-2019学年上学期高二期末考试仿真测试卷物理（A）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单选题1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．法拉第建立了完整的电磁场理论【答案】B【解析】开普勒最早发现了行星运动的规律，故A错误；卡文迪许通过实验测出了引力常量，故B正确；伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故C错误；麦克斯韦建立了完整的电磁场理论，故D错误。2．关于磁场，下列说法中正确的是（）A．带电粒子在磁场中运动时一定会受到洛仑兹力的作用B．磁感应强。

2、度的大小和方向与放在其中的通电导线的受力大小和方向无关C．通电导线受到安培力大的地方磁感应强度一定大D．根据公式T=，带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与成反比【答案】B【解析】带电粒子要在磁场中运动，并且速度方向与磁场方向不在同一直线上才受到洛伦兹力，故A错误。磁感应强度的大小和方向是由磁场本身决定的，与放在其中的通电导线的受力大小和方向无关，故B正确。根据安培力的公式：F=BILsinθ可知，通电导线受到安培力大的地方磁感应强度不一定大，故C错误。根据公式T=，带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与v有关，但同时还与半径有关，结合r=，联立可得：T=，可知带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与v无关，故D错误。故选B。3．真空中某一点电荷Q在自己周围产生电场，a、b分别是该电场中的两点，如图，其中a点的电场强度大小为Ea，方向与ab连线成120°角；b点的电场强度大小为Eb，方向与ab连线成150°角，检验电荷q分别放在a点和b点，则（）A．点电荷Q是负电荷B．a、b两点的电场强度大小之比3：1C．检验电荷在a、b受到的电场力大小相等D．a、b两点可能处于同一等势面上【答案】B【解析】根据场。

3、强特点，知道点电荷Q是正电荷，A错误；将两条电场线反向延长后相交于一点，即为点电荷Q的位置，设a、b两点到Q的距离分别为ar和br，由几何知识得到3barr，根据公式2QEkr得到3abEE，B正确；因为3abEE，根据FEq得3abFF，C错误；因为b点距离正电荷Q远，所以ab，D错误。4．如图所示，直流电路闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）A．电源的总功率一定减小B．电源的效率一定增大C．电容器所带电量减小D．电源的输出功率一定先增大后减小【答案】C【解析】当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电阻减小，电路的电流变大，根据P=IE可知，电源总功率变大，选项A错误；路端电压减小，根据，则电源的效率减小，选项B错误；路端电压减小，电容器两端电压减小，则带电量减小，选项C正确；当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，此题中无法判断外电阻和内阻的关系，则无法判断输出功率的变化，选项D错误；故选C。此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号5．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）和灵敏电流计连接，电容器下极板接地．一带电油。

4、滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．带电油滴将沿竖直方向向下运动，电势能增加B．带电油滴在沿竖直方向向上运动，电势能减小C．P点的电势将升高D．移动极板过程中灵敏电流计中的电流方向是由b流向a【答案】A【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器板间距离增大，由于电容器两板间电压U不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。电场力对油滴做负功，则油滴的电势能增加，故A正确，B错误。场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低。故C错误。根据Q=CU，由于电容器的极板间电势差U不变，电容器的电容C减小，故带电量减小，放电电流由a到b，故D错误；故选A。6．如图所示，O为正方形ABCD的中点，两根无限长通电直导线PQ、MN与均通过O点（彼此绝缘）且PQ∥AB、MN∥BC，PQ、MN中的电流大小分别为2I和I，方向如图所示。下列说法正确的是（）A．A、B两点的磁感应强度大小相同B．B、C两。

5、点的磁感应强度大小相同C．A、B两点的磁感应强度方向相同D．B、C两点的磁感应强度方向相同【答案】C【解析】通电无限长直导线周围产生的磁场与距离、电流大小相关，距离相同处的磁感应强度大小相同；相同距离处电流越大，磁场越强。设垂直纸面向内为正，MN导线在A、B、C处的磁感应强度分别为﹣B1、B1、B1；PQ导线在A、B、C处的磁感应强度分别为﹣B2、﹣B2、B2；由PQ的电流是MN的两倍，故B2＞B1；故A、B、C处的磁感应强度的矢量和为﹣（B1+B2）、﹣（B2﹣B1）、B1+B2．可知A、C大小相同；故AB错误；依据右手螺旋定则，结合矢量的合成法则，可知，A、B方向相同，C与D方向相同，故C正确，D错误。故选C。7．一圆形线圈位于一随时间t变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面），以向里为正方向，如图（甲）所示。线圈上顺时针方向为电流的正方向，则当磁场按图（乙）变化时，线圈中的i﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】感应定律和欧姆定律得，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率。由图乙可知，0～1s时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反。

6、（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值。所以可判断0～1s为负的恒值；同理，1～3s为负的恒值；3s～5s为零；5s～6s为负的恒值，故ABC错误，D正确。故选D。二、多选题8．在如图所示电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=0.5Ω，电阻R1=2Ω，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，则下列叙述中正确的是（）A．I变小，U1变小B．U2变小，U3变大C．电阻R1的电功率减小D．电源的输出功率减小【答案】ACD【解析】当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故A正确．I变小，则U3=E﹣Ir，U3变大，则U3=U1+U2，U1变小，则U2变大，故B错误．根据P=可知，U1变小，功率变小．故C正确．内电阻r=0.5Ω，电阻R1=2Ω，则外电路总电阻大于电源的内阻，则当变阻器R的滑片P向下移动时，外电路总电阻增大，电源的输出功率减小，故D正确．9．某同学将一直流电源的总功率P,输出功率RP和电源内部的发热功。

7、率rP随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如右图中的a、b、c所示。则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率RP随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点这三点的纵坐标一定满足关系D．b、c线的交点M与a、b线的交点N的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:4【答案】CD【解析】由电源总功率和电源内部的发热功率表达式EPEI，2rPIr，则电源输出功率2RPEIIr，可知图线a表示电源总功率，图线b表示电源内部的发热功率，图线c表示电源的输出功率；在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率P等于输出功率RP和电源内部的发热功率rP的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系ABCPPP；当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为2EEIRrr，功率的大小为24EPr，a、b线的交点N表示电源的总功率EP和电源内部的发热功率rP相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为EIr，功率的大小为2E。

8、Pr，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4。10．回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示，它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近，分别和高频交流电源向连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，带电粒子由加速器的中心附近进入加速器，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。如果用同一回旋加速器分别加速氚核和α粒子（氚核和α粒子质量比为3：4，电荷量之比为1：2），则以下说法正确的是（）A．加速α粒子的交流电源的周期较大，α粒子获得的最大动能较小B．若增大磁感应强度，则α粒子获得的最大动能增大C．若增大加速电压，氚核获得的最大动能增大D．若增大加速电压，氚核在加速器中运动的总时间变短【答案】BD【解析】交流电源的周期T=；故用同一回旋加速器分别加速氚核和α粒子的周期之比为：T1：T2==3：2；根据qvB=m得，粒子出D形盒时的速度vm=，则粒子出D形盒时的动能Ekm=，故氚核和α粒子，粒子出来时的最大动能之比为：Ek1：Ek2==1：3，故加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较大，故A错误，根据上式，可知，若增大磁感应强度，则α粒子获得的最大动能增大。

9、，故B正确；根据qvB=m得，粒子出D形盒时的速度vm=，则粒子出D形盒时的动能Ekm=，最大动能与电压无关，故C错误；若增大加速电压，加速的次数减少，故加速的时间减小，故D正确。三、实验题11．⑴某实验小组为了测量某一电阻Rx的阻值，他们先用多用电表进行粗测，测量出Rx的阻值约为18Ω左右。为了进一步精确测量该电阻，实验台上有以下器材：A．电流表(量程15mA，内阻未知)B．电流表(量程0.6A，内阻未知)C．电阻箱(0～99.99Ω)D．电阻箱(0～999.9Ω)E.电源(电动势约3V，内阻约1Ω)F.单刀单掷开关2只G.导线若干甲同学设计了如图甲所示的实验原理图并连接好实验器材，按照如下步骤完成实验：a.先将电阻箱阻值调到最大，闭合S1，断开S2，调节电阻箱阻值，使电阻箱有合适的阻值R1，此时电流表指针有较大的偏转且示数为I；b.保持开关S1闭合，再闭合开关S2，调节电阻箱的阻值为R2，使电流表的示数仍为I。①根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择_______，电阻箱应选择_______（选填器材前的字母）②根据实验步骤可知，待测电阻Rx=________________。

10、____（用步骤中所测得的物理量表示）。⑵同学乙认为该电路可以用来测电源的电动势、内阻。若已知所选电流表的内阻RA=2.0Ω，闭合开关S2，调节电阻箱R，读出多组电阻值R和电流I的数据；由实验数据绘出的-R图象如图乙所示，由此可求得电源电动势E=________V，内阻r=____Ω。(计算结果保留两位有效数字)【答案】A;D;;3.2;0.80;【解析】（1）①根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：Imax=≈0.167A=167mA，如果电流表选B，则读数误差太大，故电流表应选A；电源电动势为3V，电流表量程为15mA=0.015A，由欧姆定律：I=U/R可知，电路中的最小电阻应为：Rmax=E/IA=3V/0.015A=200Ω，所以电阻箱应选D；②根据闭合电路欧姆定律，S2断开时有：E=I(Rx+R1+RA+r)…①S2闭合时有：E=I(R2+RA+r)…②联立①②解得：Rx=R2−R1；(2)S闭合后，由闭合电路欧姆定律可知：E=I(R+RA+r)则有：，由图像可得，，联立解得：E=3.2Vr=2.0Ω.12．在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝。