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第2节匀变速直线运动的规律一、匀变速直线运动的基本规律1.概念:沿一条直线且加速度不变的运动。2.分类(1)匀加速直线运动:a与v方向相同。(2)匀减速直线运动:a与v方向相反。3.基本规律二、匀变速直线运动的重要关系式1.两个导出式2.三个重要推论(1)位移差公式:Δx=x2-x1=x3-x2=…=xn-xn-1=aT2,即任意两个连续相等的时间间隔T内的位移之差为一恒量。可以推广到xm-xn=(m-n)aT2。(2)中间时刻速度vt2=v=v0+v2,即物体在一段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度,还等于初、末时刻速度矢量和的一半。(3)位移中点的速度vx2=v20+v22。3.初速度为零的匀变速直线运动的四个常用推论(1)1T末、2T末、3T末…瞬时速度的比为v1∶v2∶v3∶…∶vn=1∶2∶3∶…∶n。(2)1T内、2T内、3T内…位移的比为xⅠ∶xⅡ∶xⅢ∶…∶xN=12∶22∶32∶…∶n2。(3)第一个T内、第二个T内、第三个T内…位移的比为x1∶x2∶x3∶…∶xn=1∶3∶5∶…∶(2n-1)。(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间的比为t1∶t2∶t3∶…∶tn=1∶(2-1)∶(3-2)∶…∶(n-n-1)。三、自由落体运动和竖直上抛运动自由落体运动运动条件(1)物体只受重力作用(2)由静止开始下落运动性质初速度为零的匀加速直线运动运动规律(1)速度公式:v=gt(2)位移公式:h=12gt2(3)速度—位移公式:v2=2gh运动性质匀减速直线运动竖直上抛运动运动规律(1)速度公式:v=v0-gt(2)位移公式:h=v0t-12gt2(3)速度—位移关系式:v2-=-2gh(4)上升的最大高度:H=(5)上升到最高点所用时间:t=v0g1.思考辨析(正确的画“√”,错误的画“×”)(1)匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动。(×)(2)匀加速直线运动的位移是均匀增加的。(×)(3)在匀变速直线运动中,中间时刻的速度一定小于该段时间内位移中点的速度。(√)(4)物体做自由落体运动的加速度一定等于9.8m/s2。(×)(5)做竖直上抛运动的物体到达最高点时处于静止状态。(×)(6)竖直上抛运动的上升阶段和下落阶段速度变化的方向都是向下的。(√)2.(人教版必修1P43T3改编)某航母甲板上跑道长200m,飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2,起飞需要的最低速度为50m/s,那么,飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为()A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s[答案]B3.(人教版必修1P40T3改编)以18m/s的速度行驶的汽车,制动后做匀减速运动,在3s内前进36m,则汽车在5s内的位移为()A.50mB.45mC.40.5mD.40mC[根据x=v0t+12at2得36=18×3+12a×32,即a=-4m/s2。汽车停止所需时间为t′=-v0a=-18-4s=4.5s5s,所以4.5s末汽车停止运动,5s内的位移x=0-v202a=0-1822×-4m=40.5m,故选项C正确。]4.(人教版必修1P49做一做改编)一个质点正在做匀加速直线运动,用固定在地面上的照相机对该质点进行闪光照相,由闪光照片得到的数据,发现质点在第一次、第二次闪光的时间间隔内移动了s1=2m;在第三次、第四次闪光的时间间隔内移动了s3=8m。由此可求得()A.第一次闪光时质点的速度B.质点运动的加速度C.在第二、第三两次闪光时间间隔内质点的位移D.质点运动的初速度C[由于闪光时间未知,所以根据s2-s1=s3-s2=aT2,只能求出第二、三次闪光的时间间隔内质点的位移s2=5m,选项C正确。]匀变速直线运动的基本规律[讲典例示法]1.重要公式的选择适宜选用公式题目中所涉及的物理量(包括已知量、待求量和为解题设定的中间量)没有涉及的物理量v=v0+atv0、v、a、txx=v0t+12at2v0、a、t、xvv2-v20=2axv0、v、a、xtx=v+v02tv0、v、t、xa2.运动学公式中正、负号的规定一般情况下,规定初速度方向为正方向,与正方向相同的物理量取正值,相反的取负值。3.两类特殊的匀减速直线运动(1)刹车类问题:指匀减速到速度为零后立即停止运动,加速度a突然消失,求解时要注意确定其实际运动时间。如果问题涉及最后阶段(到停止运动)的运动,可把该阶段看成反向的初速度为零的匀加速直线运动。(2)双向可逆类:如沿光滑斜面上滑的小球,到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑,全过程加速度大小、方向均不变,故求解时可对全过程列式,但必须注意x、v、a等矢量的正负号及物理意义。[典例示法](2019·湖北天门模拟)出租车载客后,从高速公路入口处驶入高速公路,并从10时10分55秒开始做初速度为零的匀加速直线运动,经过10s时,速度计显示速度为54km/h。求:(1)这时出租车离出发点的距离;(2)出租车继续做匀加速直线运动,当速度计显示速度为108km/h时,出租车开始做匀速直线运动。10时12分35秒时计价器里程表示数应为多少千米?(车启动时,计价器里程表示数为零)审题指导:解此题关键是画运动过程示意图,呈现运动情境[解析](1)由题意可知经过10s时,速度计上显示的速度为v1=15m/s由速度公式v=v0+at得a=v-v0t=v1t1=1.5m/s2由位移公式得x1=12at21=12×1.5×102m=75m这时出租车离出发点的距离为75m。(2)当速度计上显示的速度为v2=108km/h=30m/s时,由v22=2ax2得x2=v222a=300m,这时出租车从静止载客开始,已经经历的时间为t2,可根据速度公式得t2=v2a=301.5s=20s,这时出租车时间表应显示10时11分15秒。出租车继续匀速运动,匀速运动时间t3为80s,通过位移x3=v2t3=30×80m=2400m,所以10时12分35秒时,计价器里程表应显示x=x2+x3=(300+2400)m=2700m=2.7km。[答案](1)75m(2)2.7km“一画、二选、三注”巧解匀变速直线运动问题[跟进训练]基本公式的应用1.空军特级飞行员李峰驾驶歼十战机执行战术机动任务,在距机场54km、离地1750m高度时飞机发动机停车失去动力。在地面指挥员的果断引领下,安全迫降机场,成为成功处置国产单发新型战机空中发动机停车故障、安全返航第一人。若飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动,若其着陆速度为60m/s,则它着陆后12s内滑行的距离是()A.288mB.300mC.150mD.144mB[先求出飞机着陆后到停止所用时间t,由v=v0+at,得t=v-v0a=0-60-6s=10s,由此可知飞机在12s内不是始终做匀减速运动,它在最后2s内是静止的,故它着陆后12s内滑行的距离为x=v0t+at22=60×10m+(-6)×1022m=300m。]汽车“刹车问题”2.汽车以v0=20m/s的速度在平直公路上行驶,急刹车时的加速度a=-5m/s2,则自驾驶员急踩刹车开始,2s时与5s时汽车的位移之比为()A.5∶4B.4∶5C.3∶4D.4∶3C[汽车速度减为零所需的时间t0=0-v0a=0-20-5s=4s,2s时汽车的位移x1=20×2-12×5×4m=30m,由于汽车经4s停止运动,则5s时汽车的位移即4s时的位移,所以5s时汽车的位移x2=0-v202a=-400-10m=40m,则2s时与5s时汽车的位移之比为3∶4,C正确。]多过程问题3.有一部电梯,启动时匀加速上升的加速度大小为2m/s2,制动时匀减速上升的加速度大小为1m/s2,中间阶段电梯可匀速运行,电梯运行上升的高度为48m。问:(1)若电梯运行时最大限速为9m/s,电梯升到最高处的最短时间是多少;(2)如果电梯先加速上升,然后匀速上升,最后减速上升,全程共用时间为15s,上升的最大速度是多少?[解析](1)要想所用时间最短,则电梯只有加速和减速过程,而没有匀速过程,设最大速度为vm,由位移公式得h=v2m2a1+v2m2a2,代入数据解得vm=8m/s因为vm=8m/s9m/s,符合题意加速的时间为t1=vma1=82s=4s减速的时间为t2=vma2=81s=8s运动的最短时间为t=t1+t2=12s。(2)设加速的时间为t′1,减速的时间为t′2,匀速上升时的速度为v,且v8m/s,则加速的时间为t′1=va1,减速的时间为t′2=va2匀速运动的时间为t=15s-t′1-t′2上升的高度为h=v2(t′1+t′2)+v(15s-t′1-t′2),联立解得v=4m/s,另一解不合理,舍去。[答案](1)12s(2)4m/s解决匀变速直线运动的常用方法[讲典例示法]解决匀变速直线运动问题常用的六种方法[典例示法](一题多解)物体以一定的初速度从斜面底端A点冲上固定的光滑斜面,斜面总长度为l,到达斜面最高点C时速度恰好为零,如图所示。已知物体运动到距斜面底端34l处的B点时,所用时间为t,求物体从B滑到C所用的时间。思路点拨:解此题把握以下关键信息(1)“到达斜面最高点C时速度恰好为零”表明该物体做减速到零的匀减速运动,可考虑“逆向思维”。(2)“距斜面底端34l处的B点”表明BC的距离为l4,可考虑“比例法”应用。[解析]法一:基本公式法因为物体沿斜面向上做匀减速运动,设初速度为v0,物体从B滑到C所用的时间为tBC,由匀变速直线运动的规律可得v20=2axAC①v2B=v20-2axAB②xAB=34xAC③由①②③解得vB=v02④又vB=v0-at⑤vB=atBC⑥由④⑤⑥解得tBC=t。法二:平均速度法利用推论:匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段位移内的平均速度,然后进一步分析问题。vAC=v0+02=v02又v20=2axAC,v2B=2axBC,xBC=xAC4由以上三式解得vB=v02可以看出vB正好等于AC段的平均速度,因此B点是这段位移的中间时刻,因此有tBC=t。法三:逆向思维法物体向上匀减速冲上斜面,其逆过程为由静止开始向下匀加速滑下斜面。设物体从B到C所用的时间为tBC由运动学公式得xBC=12at2BC,xAC=12a(t+tBC)2,又xBC=xAC4,由以上三式解得tBC=t。法四:比例法对于初速度为零的匀加速直线运动,在连续相等的时间内通过的位移之比为x1∶x2∶x3∶…∶xn=1∶3∶5∶…∶(2n-1)因为xBC∶xAB=xAC4∶3xAC4=1∶3,而通过xAB的时间为t,所以通过xBC的时间tBC=t。法五:图象法根据匀变速直线运动的规律,画出vt图象如图所示利用相似三角形的规律,面积之比等于对应边的平方比得S△AOCS△BDC=CO2CD2,且S△AOCS△BDC=41,OD=t,OC=t+tBC所以41=t+tBC2t2,解得tBC=t。[答案]t解决匀变速直线运动问题的两个技巧(1)把减速到0的匀减速直线运动转化为反向的初速度为0的匀加速直线运动,列方程将非常简便,如果可以进一步利用比例关系解题则更简单。(2)若已知匀变速直线运动的位移和时间,通常优先考虑应用平均速度公式,求出中间时刻的瞬时速度。[跟进训练]1.一物体做匀加速直线运动,通过一段位移Δx所用时间为2t,紧接着通过下一段位移Δx所用时间为t。则物体运动的加速度大小为()A.Δxt2B.Δx2t2C.Δx3t2D.2Δx3t2C[物体做匀加速直线运动,在第一段位移Δx内的平均速度是v1=Δx2t;在第二段位移Δx内的平均速度是v2=Δxt;因为某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,则两个中间时刻的时间差为Δt=t+t2=32t,则物体加速度的大小a=ΔvΔt=v2-v132t,解得:a=Δx3t2,故选C。]2.如图所示,物体从O点由静止开始做匀加速直线运动,途经A、B、C三点,其中|AB|=2m,|BC|=3m。若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等,则O、
本文标题:(江苏专用)2021版高考物理一轮复习 第1章 运动的描述 匀变速直线运动 第2节 匀变速直线运动的
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