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第6课时电场与磁场的理解专题三电场与磁场复习备考建议(1)电场问题是动力学与能量观点在电磁学中的延续,主要考查点有电场叠加、电场描述、电场能的性质、带电粒子(带电体)在电场中的运动等.带电粒子(带电体)在电场中的运动能够综合考查运动的合成与分解、牛顿第二定律、动能定理等.2015、2017、2019年均在高考计算题中出现,可见这部分内容综合性强,仍然是命题的热点.(2)带电粒子在匀强磁场中的运动综合了洛伦兹力、牛顿运动定律、匀速圆周运动等知识,是高考命题的热点和重点,磁场叠加、安培力近年来也频繁考查,难度一般不大.高考对于带电粒子在磁场中的运动的考查,多为选择题,难度适中,2018年全国Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ卷考查带电粒子在匀强磁场中的运动出现在了计算题中,2017年全国Ⅲ卷、2019年全国Ⅰ卷也有复合场的计算题,但难度适中,所以要重点复习,但不要过于繁、难.栏目索引考点1电场性质的理解考点2带电粒子(带电体)在电场中的运动考点3磁场对电流的作用考点4磁场对运动电荷的作用1.电场强度、电势、电势能的表达式及特点对比考点1电场性质的理解表达式特点电场强度E=,E=____,E=矢量,由电场本身决定.电场线越密,电场强度越大电势φ=标量,与零电势点的选取有关,沿电场线方向电势逐渐降低电势能Ep=____,ΔEp=-W电标量,电场力做正功,电势能减小FqkQr2UdEpqqφ2.电势高低的比较(1)沿着电场线方向,电势越来越低;(2)带电荷量为+q的点电荷,在电场力的作用下从电场中的某点移至无穷远处,电场力做功越多,则该点的电势越高;(3)根据电势差UAB=φA-φB,若UAB0,则φAφB,反之φAφB.3.电势能变化的判断(1)由Ep=qφ判断:正电荷在电势高的地方电势能大,负电荷在电势低的地方电势能大;(2)由WAB=EpA-EpB判断:电场力做正功,电势能减小,电场力做负功,电势能增大;(3)只有电场力做功时,电荷的电势能与动能之和守恒.4.运动轨迹问题(1)某点速度方向即为轨迹在该点的切线方向;(2)从轨迹的弯曲方向判断受力方向(轨迹向合外力方向弯曲),从而分析电场方向或电荷的正、负;(3)结合速度方向与电场力的方向,确定电场力做功的正、负,从而确定电势能、电势的变化等.例1(多选)(2019·贵州安顺市上学期质量监测)两电荷量分别为q1和q2的点电荷分别放在x轴上的O、M两点,两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图1所示,其中A、N两点的电势均为零,ND段中的C点电势最高,则A.q1带正电,q2带负电B.A、N点的电场强度大小为零C.NC间场强方向沿x轴负方向D.将一负点电荷从N点移到D点,电势能一直增大√图1√解析由题图可知,在q1附近电势为正,q2附近电势为负,可知q1带正电,q2带负电,故A正确;φ-x图象的斜率表示场强E,可知A、N两点电场强度不为零,故B错误;由题图可知:由N至C,电势升高,所以场强方向沿x轴负方向,故C正确;由N至D,电势先升高后降低,则将一负点电荷从N点移到D点,电势能先减小后增大,故D错误.变式训练1.(多选)(2019·全国卷Ⅲ·21)如图2,电荷量分别为q和-q(q0)的点电荷固定在正方体的两个顶点上,a、b是正方体的另外两个顶点.则A.a点和b点的电势相等B.a点和b点的电场强度大小相等C.a点和b点的电场强度方向相同D.将负电荷从a点移到b点,电势能增加√图2√解析b点距q近,a点距-q近,则b点的电势高于a点的电势,A错误;如图所示,a、b两点的电场强度可视为E3与E4、E1与E2的合场强.其中E1∥E3,E2∥E4,且知E1=E3,E2=E4,故合场强Ea与Eb大小相等、方向相同,B、C正确;由于φaφb,负电荷从低电势处移至高电势处过程中,电场力做正功,电势能减少,D错误.2.(2019·河南郑州市第二次质量预测)某电场的电场线和等势面分布如图3所示,其中实线为电场线,虚线为等势面,a、b、c为电场中的三个点.下列说法正确的是A.a点的电势高于b点的电势B.a点的电场强度小于b点的电场强度C.电子从a点移到c点,电势能增大D.将电子从a点移到c点,再从c点移到b点,电场力做功代数和为零√图3解析因a、b两点在同一等势面上,则a点的电势等于b点的电势,选项A错误;a点附近电场线较b点附近密集,可知a点的电场强度大于b点的电场强度,选项B错误;因c点电势高于a点,可知电子从a点移到c点,电势能减小,选项C错误;因a点的电势等于b点的电势,则将电子从a点移到c点,再从c点移到b点,电势能的变化为零,即电场力做功代数和为零,选项D正确.A.此匀强电场的场强方向一定与a、b两点连线平行B.若该粒子从M点移动到N点,则电场力做功一定为W1+W22C.若c、d之间的距离为L,则该电场的场强大小一定为W2qLD.若W1=W2,则a、M两点之间的电势差一定等于b、N两点之间的电势差例2(多选)(2018·全国卷Ⅱ·21)如图4,同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中,电场方向与此平面平行,M为a、c连线的中点,N为b、d连线的中点.一电荷量为q(q0)的粒子从a点移动到b点,其电势能减小W1;若该粒子从c点移动到d点,其电势能减小W2.下列说法正确的是图4√√解析结合题意,只能判定Uab0,Ucd0,但电场方向不能确定,A项错误;由于M、N分别为ac和bd的中点,对于匀强电场,则UMN=φa+φc2-φb+φd2=Uab+Ucd2,可知该粒子由M至N过程中,电场力做功W=W1+W22,B项正确;电场强度的方向只有沿c→d时,才有场强E=W2qL,但本题中电场方向未知,C项错误;若W1=W2,则Uab=Ucd=UMN,即φa-φb=φM-φN,φa-φM=φb-φN,可知UaM=UbN,D项正确.3.(多选)(2019·山东日照市上学期期末)一匀强电场的方向平行于xOy平面,平面内a、b、c三点的位置如图5所示,三点的电势分别为10V、16V、24V.下列说法正确的是A.坐标原点的电势为18VB.电场强度的大小为1.25V/cmC.电场强度的方向从c点指向a点D.电子从b点运动到坐标原点,电场力做功为2eV变式训练图5√√√解析根据φb-φa=φc-φO,因a、b、c三点电势分别为φa=10V、φb=16V、φc=24V,则原点处的电势为φO=18V,故A正确;如图,y轴上y=2点(M点)的电势为φM=φO-φO-φa4=16V,所以b点与y轴上y=2点的电势相等,连接b点与y轴上y=2点的直线即为等势线,过a点作Mb的垂线即为电场线,方向与y轴负方向成37°角斜向上,垂足为N,由几何关系得:∠abM=37°,aN=ab·sin37°=4.8cm,φN=φb,所以E=UNaaN=1.25V/cm,故B正确,C错误;φbφO,则电子从b点运动到坐标原点,电场力做正功,W=2eV,故D正确.1.直线运动的两种处理方法(1)动能定理:不涉及t、a时可用.(2)牛顿第二定律和运动学公式:涉及a、t时可用.尤其是交变电场中,最好再结合v-t图象使用.考点2带电粒子(带电体)在电场中的运动2.匀强电场中偏转问题的处理方法(1)运动的分解已知粒子只在电场力作用下运动,且初速度方向与电场方向垂直.①沿初速度方向做匀速直线运动,运动时间t=___.Lv0②沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动,加速度a=Fm=qEm=qUmd.③离开电场时的偏移量y=12at2=________.qUL22mdv02④速度偏向角tanφ=vyv0=qUxmdv02tanφ=______;位移偏向角tanθ=yx=qUx2mdv02tanθ=qUL2mdv02.qULmdv02(2)动能定理:涉及功能问题时可用.注意:偏转时电场力做的功不一定是W=qU板间,应该是W=qEy(y为偏移量).3.非匀强电场中的曲线运动(1)电荷的运动轨迹偏向所受合外力的一侧,即合外力指向轨迹凹的一侧;电场力一定沿电场线切线方向,即垂直于_____面.(2)由电场力的方向与运动方向的夹角,判断电场力做功的正负,再由功能关系判断动能、电势能的变化.等势例3(2019·全国卷Ⅱ·24)如图6,两金属板P、Q水平放置,间距为d.两金属板正中间有一水平放置的金属网G,P、Q、G的尺寸相同.G接地,P、Q的电势均为φ(φ0).质量为m、电荷量为q(q0)的粒子自G的左端上方距离G为h的位置,以速度v0平行于纸面水平射入电场,重力忽略不计.图6(1)求粒子第一次穿过G时的动能,以及它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小;答案12mv02+2φdqhv0mdhqφ解析PG、QG间场强大小相等,均为E.粒子在PG间所受电场力F的方向竖直向下,设粒子的加速度大小为a,有E=2φd①F=qE=ma②设粒子第一次到达G时动能为Ek,由动能定理有qEh=Ek-12mv02③设粒子第一次到达G时所用的时间为t,粒子在水平方向的位移为l,则有h=12at2④l=v0t⑤联立①②③④⑤式解得Ek=12mv02+2φdqh⑥l=v0mdhqφ⑦(2)若粒子恰好从G的下方距离G也为h的位置离开电场,则金属板的长度最短应为多少?答案2v0mdhqφ解析若粒子穿过G一次就从电场的右侧飞出,则金属板的长度最短.由对称性知,此时金属板的长度为L=2l=2v0mdhqφ.变式训练4.(2019·湖南六校4月联考)如图7所示,空间中存在着由一固定的负点电荷Q(图中未画出)产生的电场.另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动,在M点的速度大小为v0,方向沿MP方向,到达N点时速度大小为v,且vv0,则A.Q一定在虚线MP下方B.M点的电势比N点的电势高C.q在M点的电势能比在N点的电势能小D.q在M点的加速度比在N点的加速度小√图7解析场源电荷带负电,运动电荷带正电,它们之间是吸引力,而曲线运动合力指向曲线的内侧,故负点电荷Q应该在轨迹的内侧,故A错误;只有电场力做功,动能和电势能之和守恒,运动电荷在N点的动能小,故其在N点的电势能大,故C正确;运动电荷为正电荷,故N点电势高于M点电势,故M点离场源电荷较近,则M点场强较大,所以q在M点的加速度比在N点的加速度大,故B、D错误.A.电场力大小为3mg2B.小球所受的合外力大小为3mg3C.小球由O点到P点用时3v0gD.小球通过P点时的动能为52mv025.(2019·河北“五个一名校联盟”第一次诊断)如图8所示,地面上某区域存在着水平向右的匀强电场,一个质量为m的带负电的小球以水平方向的初速度v0由O点射入该区域,刚好竖直向下通过竖直平面中的P点,已知连线OP与初速度方向的夹角为60°,重力加速度为g,则以下说法正确的是√图8解析设OP=L,从O到P水平方向做匀减速运动,到达P点的水平速度为零;竖直方向做自由落体运动,则水平方向:Lcos60°=v02t,竖直方向:Lsin60°=12gt2,解得:t=3v0g,选项C正确;水平方向F1=ma=mv0t=3mg3,小球所受的合外力是F1与mg的合力,可知合力的大小F=mg2+F12=233mg,选项A、B错误;小球通过P点时的速度vP=gt=3v0,则动能:EkP=12mvP2=32mv02,选项D错误.1.对磁场的理解(1)磁感应强度是矢量,其方向与通电导线在磁场中所受力的方向_____;(2)电流元必须垂直于磁场方向放置,公式B=____才成立;(3)磁场中某点的磁感应强度是由_____本身决定的,与通电导线受力的大小及方向均无关.考点3磁场对电流的作用FIL垂直磁场2.磁场的叠加对于电流在空间某点的磁场,首先应用安培定则判断出各电流在该点的磁场方向,然后应用平行四边形定则合成.3.安培力(1)若磁场方向和电流方向垂直:F=____.(2)若磁场方向和电流方向平行:F=0.(3)方向判断:_____定则.(4)方向特点:垂直于磁感线和通电导线确定的_____.BIL左手平面4.两个等效模型(1)变曲为直:如图9甲所示的通电导线,在计算安培力的大
本文标题:(通用版)2020高考物理二轮复习 专题三 电场与磁场 第6课时 电场与磁场的理解课件
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