黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一化学下学期第二学段考试试题（含解析）

-1-黑龙江省哈尔滨市第三中学校2018-2019学年高一化学下学期第二学段考试试题（含解析）可能用到的相对原子质量:H-1B-11C-12O-16S-32Na-23Al-27Ca-40Cu-64Zn-65Ag-108Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（每小题只有一个．．．．选项符合题意，每小题3分，20小题，共60分）1.下列有关乙酸的化学用语错误的是A.实验式：CH2OB.比例模型：C.甲基的电子式：D.电离方程式：CH3COOHCH3COO－+H+【答案】C【解析】【详解】A．乙酸的分子式为C2H4O2，在实验式中，分子中各原子为最简单的整数比，为CH2O，A项正确，不符合题意；B．乙酸的结构简式为CH3COOH，且H、C、O各原子的相对大小，也符合事实，B项正确，不符合题意；C．甲基的结构简式为—CH3，短线表示C原子还有1个单电子，C项错误，符合题意；D．乙酸为弱酸，部分电离，CH3COOHCH3COO－＋H＋，D项正确，不符合题意；本题答案选C。2.将等质量的下列各烃，完全燃烧生成CO2和H2O，耗氧量最大的是A.CH4B.C2H4C.C6H6D.C10H8【答案】A【解析】【详解】由C～O2～CO2，4H～O2～2H2O可知，消耗32g氧气需要碳12g，需要H元素4g，故等质量时，有机物含氢量越大，燃烧时消耗氧气越多．A.CH4中C、H原子数目之比为1:4；B.C2H4中C、H原子数目之比为2:4=1:2；C.C6H6中C、H原子数目之比为6:6=1:1；D.C10H8中C、H原子数目之比为10:8=1:0.8；-2-所以CH4中H的质量分数最大，相同质量甲烷消耗氧气最多；所以本题答案为：A。3.下列各组中的物质均能发生加成反应的是()A.乙烯和乙醇B.苯和氯乙烯C.乙酸和溴乙烷D.丙烯和丙烷【答案】B【解析】乙醇不含双键，不能发生加成反应，故A错误；苯与氢气发生加成反应生成环己烷，氯乙烯与氢气发生加成反应生成氯乙烷，故B正确；乙酸和溴乙烷不能发生加成反应，故C错误；丙烷不含双键，不能发生加成反应，故D错误。点睛：含有碳碳双键、碳碳叁键的物质能发生加成反应，醛基、羰基含有碳氧双键能发生加成反应；羧基、酯基中碳氧双键不能与氢气发生加成反应。4.下列物质不属于天然高分子化合物的是()A.淀粉B.纤维素C.蛋白质D.塑料【答案】D【解析】高分子化合物（又称高聚物）一般相对分子质量高于10000，结构中有重复的结构单元；有机高分子化合物可以分为天然有机高分子化合物（如淀粉、纤维素、蛋白质天然橡胶等）和合成有机高分子化合物（如聚乙烯、聚氯乙烯等）．淀粉、蛋白质、纤维素属于天然高分子化合物；塑料属于合成高分子化合物．故选D．【点评】本题考查高分子化合物，明确物质的成分及相对分子质量即可解答，较简单．5.在四个不同的密闭容器中，采用不同条件进行反应N2(g)+3H2(g)2NH3(g)，根据下列在相同时间内测定的结果判断，生成氨的速率最快的是A.v(N2)=0.2mol/(L∙s)B.v(NH3)=0.8mol/(L∙min)C.v(H2)=0.3mol/(L∙s)D.v(H2)=1.3mol/(L∙min)【答案】A【解析】-3-【详解】反应为N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)，以氢气的反应速率为标准进行判断。A.v(N2)=0.2mol/(L∙s)，反应速率之比等于其计量数之比，所以v(H2)=0.6mol/(L∙s)；B.v(NH3)=0.8mol/(L∙min)，反应速率之比等于其计量数之比，所以v(H2)=1.2mol/(L∙min)=0.02mol/(L∙s)；C.v(H2)=0.3mol/(L∙min)=0.005mol/(L∙s)；D.v(H2)=1.3mol/(L∙min)=0.022mol/(L∙s)所以反应速率最快的是A。所以本题答案：选A。6.已知H2(g)、C2H4(g)和C2H5OH(1)的燃烧热分别是-285.8kJ·mol-1、-1411.0kJ·mol-1和-1366.8kJ·mol-1,则由C2H4(g)和H2O(l)反应生成C2H5OH(l)的△H为()A.-44.2kJ·mol-1B.+44.2kJ·mlo-1C.-330kJ·mol-1D.+330kJ·mlo-1【答案】A【解析】【详解】由题干条件可知如下反应：H2(g)+12O2(g)H2O(l)；ΔH=-285.8kJ·mol-1①C2H4(g)+3O2(g)2CO2(g)+2H2O(l)；ΔH=-1411.0kJ·mol-1②C2H5OH(l)+3O2(g)2CO2(g)+3H2O(l)；ΔH=-1366.8kJ·mol-1③根据盖斯定律则②-③可得：C2H4(g)+H2O(l)C2H5OH(l)；ΔH=-44.2kJ·mol-1。答案选A。7.分子式为362CHCl的同分异构体共有(不考虑立体异构)A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】B【解析】【详解】C3H6Cl2可看成CH3CH2CH3中2个氢原子被2个氯原子取代的产物；取代同一碳原子上有两种情况，即中间碳原子和一侧碳原子；取代不同碳原子上也有两种情况，即相邻碳原子-4-或相间的碳原子，所以，C3H6Cl2有四种同分异构体。答案选B。思维拓展：确定常见烃的同分异构体，需确定其结构是否对称，若左右（或上下）对称，只考虑结构的1/2和对称点即可，若上下左右都对称，只需考虑结构的1/4和对称点即可；确定二卤代物可以先考虑取代同一个碳原子和不同碳原子来分析。8.苯乙烯是重要的化工原料。下列有关苯乙烯的说法错误的是A.与液溴混合后加入铁粉可发生取代反应B.能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.与氯化氢反应可以生成氯代苯乙烯D.在催化剂存在下可以制得聚苯乙烯【答案】C【解析】分析：本题考查的是有机物的化学性质，应该先确定物质中含有的官能团或特定结构（苯环等非官能团），再根据以上结构判断其性质。详解：A．苯乙烯中有苯环，液溴和铁粉作用下，溴取代苯环上的氢原子，所以选项A正确。B．苯乙烯中有碳碳双键可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以能使酸性高锰酸钾溶液褪色，选项B正确。C．苯乙烯与HCl应该发生加成反应，得到的是氯代苯乙烷，选项C错误。D．乙苯乙烯中有碳碳双键，可以通过加聚反应得到聚苯乙烯，选项D正确。点睛：本题需要注意的是选项A，题目说将苯乙烯与液溴混合，再加入铁粉，能发生取代，这里的问题是，会不会发生加成反应。碳碳双键和液溴是可以发生加成的，但是反应的速率较慢，加入的铁粉与液溴反应得到溴化铁，在溴化铁催化下，发生苯环上的氢原子与溴的取代会比较快；或者也可以认为溴过量，发生加成以后再进行取代。9.丁烷(C4H10)广泛应用于家用液化石油气，也用于打火机中作燃料，下列关于丁烷叙述不正确的是A.在常温下，C4H10是气体B.C4H10与CH4互为同系物C.丁烷有正丁烷与异丁烷两种同分异构体D.C4H10进行一氯取代后生成两种沸点不同的产物-5-【答案】D【解析】【详解】A.在常温下，碳原子数小于或等于4的烃是气体，所以C4H10是气体，故A正确；B.由于C4H10与CH4均是烷烃，二者结构相似，碳原子数不同，互为同系物，故B正确；C.丁烷有正丁烷(CH3CH2CH2CH3)和异丁烷(CH3CH(CH3)CH3)两种同分异构体，故C正确；D.丁烷分为正丁烷和异丁烷，正丁烷一氯代物有2种；异丁烷的一氯代物有2种，所以丁烷进行一氯取代后共生成2+2=4种产物，C4H10进行一氯取代后生成四种沸点不同的产物，故D错误；所以本题答案：故选D.10.下列变化，是通过取代反应来实现的是A.CH3CH2OH─→CH3CHOB.CH2＝CH2─→CH3－CH2BrC.D.CH3COOH─→CO2【答案】C【解析】【分析】有机物中的原子或原子团被其他的原子或原子团所代替生成新的化合物的反应叫取代反应，根据定义分析。【详解】A.乙醇被氧化为乙醛，属于氧化反应，A项不符合题意；B.乙烯双键两端的碳原子分别与一个氢原子和一个溴原子直接结合生成新的化合物溴乙烷，属于加成反应，B项不符合题意；C.苯环上的氢原子被硝酸中的硝基取代生成硝基苯属于取代反应，C项符合题意；D.乙酸转化为二氧化碳的过程是氧化反应，不属于取代反应，D项不符合题意；答案选C。11.在生成和纯化乙酸乙酯的实验过程中，下列操作未涉及的是-6-A.B.C.D.【答案】D【解析】分析：在浓硫酸的作用下乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，根据乙酸乙酯的性质、产品中含有的杂质，结合选项解答。详解：A、反应物均是液体，且需要加热，因此试管口要高于试管底，A正确；B、生成的乙酸乙酯中含有乙酸和乙醇，乙酸乙酯不溶于水，因此可以用饱和碳酸钠溶液吸收，注意导管口不能插入溶液中，以防止倒吸，B正确；C、乙酸乙酯不溶于水，分液即可实现分离，C正确；D、乙酸乙酯是不溶于水的有机物，不能通过蒸发实现分离，D错误。答案选D。点睛：掌握乙酸乙酯的制备原理是解答的关键，难点是装置的作用分析，注意从乙酸乙酯的性质（包括物理性质和化学性质）特点的角度去解答和判断。12.普通水泥在固化过程中自由水分子减少并产生Ca(OH)2，溶液呈碱性。根据这一物理化学特点，科学家发明了电动势法测水泥初凝时间。此方法的原理如图所示，反应的总方程式为：2Cu+Ag2O＝Cu2O+2Ag，下列有关说法正确的-7-A.Cu为正极，Ag2O为负极B.电池工作时，OH—向正极移动C.正极的电极反应为：2Cu+2OH——2e—＝Cu2O+H2OD.外电路中每通过2mol电子，正极质量减少16g【答案】D【解析】【详解】A.根据总方程式为：2Cu+Ag2O＝Cu2O+2Ag，可知Cu失去电子生成Cu2O，所以Cu为负极；Ag2O中的银得电子生成Ag，所以Ag2O为正极，故A错误：B.原电池工作时，阴离子向负极迁移，所以OH-应该向负极迁移，故B错误；C.根据总方程式为：2Cu+Ag2O＝Cu2O+2Ag，可知Cu失去电子生成Cu2O做负极，则负极的电极反应为：2Cu+2OH--2e-＝Cu2O+H2O，故C错误；D.根据总方程式为：2Cu+Ag2O＝Cu2O+2Ag，可知Ag2O中的银得电子生成Ag，Ag2O为正极，Ag2O~2Ag~2e-外电路中每通过2mol电子，正极消耗1molAg2O生成2molAg，所以正极质量减少16g，故D正确；所以本题答案：D。【点睛】解题依据原电池工作原理。根据总反应2Cu+Ag2O＝Cu2O+2Ag中各元素的化合价变化规律判断原电池的正负极，进而判断离子的移动方向，根据转移的电子数判断正极质量的变化。13.苯环结构中，不存在单双键交替结构，可以作为证据的事实是（）①苯不能使酸性KMnO4溶液褪色②苯分子中碳原子间的距离均相等③苯能在一定条件下跟H2加成生成环己烷④经实验测得间二甲苯仅一种结构⑤苯在FeBr3存在条件下与液溴发生取代反应，但不因化学变化而使溴水褪色A.②③⑤B.①②④C.①②⑤-8-D.①③④【答案】C【解析】【分析】苯环上的6个碳碳键完全相同，是介于碳碳单键、碳碳双键之间的“特殊键”。故苯环是3个C－C键、3个C=C交替结构所不能解释的事实，都要作为这种“特殊键”的证据。【详解】①若苯环结构中存在单双键交替结构则能使酸性KMnO4溶液褪色，苯不能使酸性KMnO4溶液褪色说明苯环结构中不存在单双键交替结构；②若苯环结构中存在单双键交替结构，C－C键键长应大于C=C键键长，苯分子中碳原子间的距离均相等说明苯环结构中不存在单双键交替结构；③苯环结构中无论是否存在单双键交替结构，一定条件下苯都能与H2加成生成环己烷，不能作为证据；④苯环结构中无论是否存在单双键交替结构，间二甲苯仅有一种结构，④不可作证据（邻二甲苯只有一种结构，可作为证据）；⑤若苯环结构中存在单双键交替结构则能使溴水因发生加成反应而褪色，苯不能使溴水发生加成反应而使溴水褪色说明苯环结构中不存在单双键交替结构。本题选C。14.新版人民币的发行，引发了人们对有关人民币中化学知识的关注。下列表述不正确的是