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36 5年高考3年模拟B版(教师用书)专题五万有引力与航天对应学生用书起始页码P52考点一万有引力定律及其应用 一、引力和重力的关系如图所示,F引产生两个效果:一是提供物体随地球自转所需的向心力;二是产生物体的重力。由于F向=mω2r,随纬度的增大而减小,所以物体的重力随纬度的增大而增大,即重力加速度从赤道到两极逐渐增大。但F向一般很小,在一般情况下可认为重力和万有引力近似相等,即GMmR2=mg,g=GMR2常用来计算星球表面的重力加速度。在地球同一纬度处,重力加速度随物体离地面高度的增加而减小,因为物体所受万有引力随物体离地面高度的增加而减小,即g′=GM(R+h)2。 假设地球可视为质量均匀分布的球体。已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0,在赤道的大小为g;地球自转的周期为T,引力常量为G。地球的密度为( )A.3πGT2g0-gg0B.3πGT2g0g0-gC.3πGT2D.3πGT2g0g解题思路 (1)两极处的重力加速度g0满足mg0=GMmR2。(2)赤道处的重力加速度g满足mg=GMmR2-m4π2T2R。解析 在地球两极处,GMmR2=mg0,在赤道处,GMmR2-mg=m4π2T2R,故R=(g0-g)T24π2,则ρ=M43πR3=R2g0G43πR3=3g04πRG=3πGT2g0g0-g,B正确。答案 B 二、应用万有引力定律解决天体运动问题1.解决天体运动问题的两条基本思路(1)天体运动都可以近似地看成匀速圆周运动,其向心力由万有引力提供,即F引=F向,一般有以下表达形式:GMmr2=mv2r=mω2r=m4π2T2r=ma(2)在地面附近万有引力近似等于物体的重力,F引=mg,即GMmR2=mg,整理得GM=gR2(黄金代换式)。 万有引力定律是科学史上最伟大的定律之一,利用它我们可以进行许多分析和预测。2016年3月8日出现了“木星冲日”。当地球位于太阳和木星之间且三者几乎排成一条直线时,天文学家称之为“木星冲日”。木星与地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳近似做匀速圆周运动,木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的5倍。下列说法正确的是( )A.木星运行的加速度比地球的大B.木星运行的周期比地球的小C.下一次的“木星冲日”时间肯定在2017年D.下一次的“木星冲日”时间肯定在2018年解题思路 1.太阳对地球或火星的万有引力是其运动的向心力。2.地球相对火星运动得快,故再次出现“火星冲日”现象的条件是两者绕太阳转过的角度之差为360°。解析 设太阳质量为M,行星质量为m,轨道半径为r,周期为T,加速度为a。对行星由牛顿第二定律可得:GMmr2=ma=m4π2rT2,解得:a=GMr2,T=2πr3GM。r木日≈5r地日,则木星运行的加速度比地球的小,木星运行的周期比地球的大,A、B错误。地球公转周期T1=1年,木星公转周期T2=125T1≈11.18年。设经时间t,再次出现木星冲日,则ω1t-ω2t=2π,其中ω1=2πT1,ω2=2πT2,解得,t≈1.1年,因此下一次“木星冲日”发生在2017年,C正确,D错误。答案 C2.天体质量和密度的计算方法(1)利用天体表面的重力加速度g和天体半径R进行计算。由于GMmR2=mg,故天体质量M=gR2G,天体密度ρ=MV=M43πR3=3g4πGR。(2)通过观察卫星绕天体做匀速圆周运动的周期T和轨道半径r进行计算。①由万有引力等于向心力,即GMmr2=m4π2T2r,得出中心天体质量M=4π2r3GT2;②若已知天体的半径R,则天体的密度ρ=MV=M43πR3=3πr3GT2R3;五 万有引力与航天37 ③若天体的卫星在天体表面附近环绕天体运动,可认为其轨道半径r等于天体半径R,则天体密度ρ=3πGT2。可见,只要测出卫星环绕天体表面运动的周期T,就可估算出中心天体的密度。 已知引力常量为G,根据下列数据可以计算出地球质量的是( )A.地球表面的重力加速度和地球半径B.月球自转的周期和月球的半径C.卫星距离地面的高度和其运行的周期D.地球公转的周期和日地之间的距离解题思路 计算地球质量可用公转法(即利用绕地球公转的卫星的周期和公转半径)和重力加速度法(在地球表面上随地球自转物体的加速度等于重力加速度)两条途径。解析 在地球表面,可认为重力等于万有引力,mg=GMmR2地,所以M=gR2地G,A选项正确。由B选项中条件无法计算出地球质量,B选项错误。GMm(R地+h)2=4π2m(R地+h)T2,已知卫星距离地面的高度和其运行的周期,而地球半径R地未知,无法计算出地球质量,C选项错误。利用GMmr2=4π2mrT2和D选项中的条件可以计算出太阳的质量,但无法计算出地球的质量,D选项错误。答案 A1.关于万有引力定律的建立,下列说法中正确的是( )A.卡文迪许仅根据牛顿第三定律推出了行星与太阳间引力大小跟行星与太阳间距离的平方成反比的关系B.“月地检验”表明物体在地球上受到地球对它的引力是它在月球上受到月球对它的引力的60倍C.“月地检验”表明地面上物体所受地球引力与月球所受地球引力遵从同样的规律D.引力常量G的大小是牛顿根据大量实验数据得出的1.答案 C 万有引力定律是牛顿根据开普勒定律、牛顿运动定律推导的;引力常量是卡文迪许第一次从实验室中测出的,A、D错误。“月地检验”是检验月球绕地球运行过程中所受地球的引力与地面上物体所受地球的引力是否遵从相同的规律,B错误,C正确。2.关于静止在地球表面(两极除外)随地球自转的物体,下列说法正确的是( )A.物体所受重力等于地球对它的万有引力B.物体的加速度方向可能不指向地球中心C.物体所受合外力等于地球对它的万有引力D.物体在地球表面不同处角速度可能不同4.答案 B 在地球表面(两极除外)随地球自转的物体,受到的重力是万有引力的一个分力,A项错误;由圆周运动知识知物体受到的合外力指向轨道中心,即加速度方向指向轨道中心,不一定指向地球中心,B项正确;物体所受合外力为万有引力与支持力的合力,故C项错误;地球自转时,其表面不同处的角速度是相等的,D项错误。3.天体演变的过程中,红巨星发生“超新星爆炸”后,可以形成中子星,中子星具有极高的密度。若已知某中子星的半径为R,密度为ρ,引力常量为G。则( )A.该中子星的卫星绕它做匀速圆周运动的最小周期为3πRGρB.该中子星的卫星绕它做匀速圆周运动的最大加速度为4πGρR3C.该中子星的卫星绕它做匀速圆周运动的最大角速度为4πRρ3D.该中子星的卫星绕它做匀速圆周运动的最大线速度为4πRρ33.答案 B 中子星的卫星绕中子星运动时,由“高轨低速大周期”可知,当卫星轨道半径等于中子星半径R时有最小周期、最大加速度、最大线速度和最大角速度。由GMmR2=ma得最大加速度a=GMR2=G·ρ·43πR3R2=4πGρR3,B项正确。由a=ω2R=4π2T2R,得最小周期T=2πRa=3πGρ,最大角速度ω=aR=4πGρ3,A、C错误。最大线速度v=ωR=4πGρR23,D错误。解题关键 卫星轨道半径越小,周期越小,而线速度、角速度、加速度都越大,因此当轨道半径约等于中心天体半径时,卫星有最小周期、最大加速度、最大角速度和最大线速度。由万有引力提供向心力可以得出各物理量。4.牛顿思考月球绕地球运行的原因时,苹果偶然落地引起了他的遐想:拉住月球使它围绕地球运动的力与拉着苹果下落的力,是否都与太阳吸引行星的力性质相同,遵循着统一的规律———平方反比规律?因此,牛顿开始了著名的“月地检验”。(1)已知月球与地球的距离约为地球半径的60倍,如果牛顿的猜想正确,请你据此计算月球公转的向心加速度a和苹果下落的加速度g的比值ag;(2)在牛顿的时代,月球与地球间的距离r、月球绕地球公转的周期T等都能比较精确地测定,请你据此写出计算月球公转的向心加速度a的表达式;已知r≈3.84×108m,T≈2.36×106s,地面附近的重力加速度g=9.80m/s2,请你根据这些数据估算比值ag;与(1)中的结果相比较,你能得出什么结论?(3)物理学不断诠释着自然界的大统与简约。换一个角度再来看,苹果下落过程中重力做功,重力势能减少。试列举另外两种不同类型的势能,并说出这些势能统一具有的特点(至少说出两点)。4.答案 (1)13600 (2)(3)见解析解析 (1)设月球质量为m月,地球质量为M,根据牛顿第二定律有:GMm月r2=m月a①设苹果的质量为m,地球半径为R,根据牛顿第二定律有:GMmR2=mg②由题意知:r=60R③联立①②③式可得:ag=1360038 5年高考3年模拟B版(教师用书)(2)由向心加速度的表达式得a=v2r④其中:v=2πrT⑤联立④⑤式可得:a=4π2T2r代入相关数据可得:ag≈13604比较(1)中的结果,二者近似相等,由此可以得出结论:牛顿的猜想是正确的,即地球对月球的引力,地面上物体的重力,都与太阳吸引行星的力性质相同,遵循着统一的规律———平方反比规律。(3)弹性势能、电势能这些势能都不是物体单独所有,而是相互作用的系统所共有;这些势能的大小都与相互作用的物体间的相对位置有关;这些势能的变化量均由对应的力所做的功来量度。考点二人造卫星 宇宙航行 一、环绕地球卫星的线速度、角速度、周期与轨道半径的关系1.做匀速圆周运动的卫星所受万有引力完全提供卫星所需向心力,即F引=F向。GMmr2=mv2r⇒v=GMr⇒mrω2⇒ω=GMr3⇒m4π2T2r⇒T=4π2r3GM⇒man⇒an=GMr2⇒ìîíïïïïïïïïïïüþýïïïïïïïïïï当r增大时⇒v减小⇒ω减小⇒T增大⇒an减小üþýïïïï(高轨低速长周期) 一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动,动能减小为原来的14,不考虑卫星质量的变化,则变轨前后卫星的( )A.向心加速度大小之比为4∶1B.角速度之比为2∶1C.周期之比为1∶8D.轨道半径之比为1∶2解题思路 对绕地飞行的卫星来说,高度决定着飞行的各个参数,判断时必须抓住这一特点。解析 根据Ek=12mv2得v=2Ekm,所以卫星变轨前、后的速度大小之比为v1v2=21。根据GMmr2=mv2r,得卫星变轨前、后的轨道半径之比为r1r2=v22v21=14,选项D错误;根据GMmr2=ma,得卫星变轨前、后的向心加速度大小之比为a1a2=r22r21=161,选项A错误;根据GMmr2=mω2r,得卫星变轨前、后的角速度之比为ω1ω2=r32r31=81,选项B错误;根据T=2πω,得卫星变轨前、后的周期之比为T1T2=ω2ω1=18,选项C正确。答案 C2.地球同步卫星的五个“一定”周期一定与地球自转周期相同,即T=24h→角速度一定↓与地球自转的角速度相同→高度一定↓由GMm(R+h)2=m4π2T2(R+h)得同步卫星离地面的高度h=3GMT24π2-R→速率一定↓v=GMR+h→轨道平面一定↓轨道平面与赤道平面共面→ 2015年12月29日0时04分,我国在西昌卫星发射中心成功发射高分四号卫星。至此我国航天发射“十二五”任务圆满收官。高分四号卫星是我国首颗地球同步轨道高分辨率光学成像卫星,也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道卫星,它的发射和应用将显著提升我国对地遥感观测能力,该卫星在轨道正常运行时,下列说法正确的是( )A.卫星的轨道半径可以近似等于地球半径B.卫星的向心加速度一定小于地球表面的重力加速度C.卫星的线速度一定大于第一宇宙速度D.卫星
本文标题:(天津专用)2020届高考物理一轮复习 专题五 万有引力与航天教师用书(PDF,含解析)
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