（浙江专用）2020高考数学二轮复习 专题三 数列与数学归纳法 高考解答题的审题与答题示范（三）教案

-1-高考解答题的审题与答题示范(三)数列类解答题[思维流程]——数列问题重在“归”——化归[审题方法]——审结构结构是数学问题的搭配形式，某些问题已知的数式结构中常常隐含着某种特殊的关系．审视结构要对结构进行分析、加工和转化，以实现解题突破．典例(本题满分15分)已知{an}为等差数列，前n项和为Sn(n∈N*)，{bn}是首项为2的等比数列，且公比大于0，b2＋b3＝12，b3＝a4－2a1，S11＝11b4.(1)求{an}和{bn}的通项公式；(2)求数列{a2nb2n－1}的前n项和(n∈N*).审题路线(1)要求{an}和{bn}的通项公式⇒需求{an}的首项a1和公差d；{bn}的首项b1和公比q.(2)由(1)知a2nb2n－1＝(3n－1)4n⇒分析a2nb2n－1的结构：{3n－1}是等差数列，{4n}是等比数列⇒符合错位相减法求和的特点.标准答案阅卷现场(1)设等差数列{an}的公差为d，等比数列{bn}的公比为q.由已知b2＋b3＝12，得b1(q＋q2)＝12，第(1)问第(2)问得分点①②③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩⑪222111112118分7分-2-而b1＝2，所以q2＋q－6＝0.①又因为q＞0，解得q＝2，所以bn＝2n.②由b3＝a4－2a1，可得3d－a1＝8(ⅰ)化归成基本量.由S11＝11b4，可得a1＋5d＝16(ⅱ).联立(ⅰ)(ⅱ)，解得a1＝1，d＝3，③由此可得an＝3n－2.④所以数列{an}的通项公式为an＝3n－2，数列{bn}的通项公式为bn＝2n.⑤(2)设数列{a2nb2n－1}的前n项和为Tn，由a2n＝6n－2，b2n－1＝2×4n－1，得a2nb2n－1＝(3n－1)×4n，⑥故Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n，(*)⑦4Tn＝2×42＋5×43＋8×44＋…＋(3n－4)×4n＋(3n－1)×4n＋1，(**)⑧(*)－(**)得－3Tn＝2×4＋3×42＋3×43＋…＋3×4n化归成等比数列－(3n－1)×4n＋1＝－(3n－2)×4n＋1－8.⑨得Tn＝3n－23×4n＋1＋83.⑩所以数列{a2nb2n－1}的前n项和为3n－23×4n＋1＋83.⑪第(1)问踩点得分说明①正确求出q2＋q－6＝0得2分；②根据等比数列的通项公式求出通项公式bn＝2n得2分，通项公式使用错误不得分；③求出a1＝1，d＝3得2分；④根据等差数列的通项公式求出通项公式an＝3n－2得1分，通项公式使用错误不得分；⑤正确写出结论得1分.第(2)问踩点得分说明⑥正确写出a2nb2n－1＝(3n－1)×4n得1分；⑦正确写出Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n得1分；⑧正确写出4Tn得1分；⑨由两式相减得出－3Tn＝－(3n－2)×4n＋1－8正确得2分，错误不得分；⑩正确计算出Tn＝3n－23×4n＋1＋83得1分；⑪正确写出结论得1分.