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专题8.8立体几何综合问题新课程考试要求1.会解决简单的立体几何问题.2.会用向量方法证明直线、平面位置关系的有关命题.3.会用向量方法求解两异面直线所成角、直线与平面所成角、二面角的问题.核心素养本节涉及的数学核心素养:数学运算、逻辑推理、直观想象等.考向预测(1)立体几何中的动态问题.(2)立体几何中的探索性问题.(3)平面图形的翻折问题.(4)立体几何与传统文化(5)立体几何新定义问题(6)利用空间向量证明平行或垂直是高考的热点,内容以解答题中的一问为主,主要围绕考查空间直角坐标系的建立、空间向量的坐标运算能力和分析解决问题的能力命制试题,以多面体为载体、证明线面(面面)的平行(垂直)关系是主要命题方向.空间的角与距离的计算(特别是角的计算)是高考热点,一般以大题的条件或一小问形式呈现,考查用向量方法解决立体几何问题,将空间几何元素之间的位置关系转化为数量关系,并通过计算解决立体几何问题.距离问题往往在与有关面积、体积的计算中加以考查.此类问题往往属于“证算并重”题,即第一问用几何法证明平行关系或垂直关系,第二问则通过建立空间直角坐标系,利用空间向量方法进一步求角或距离.【考点分类剖析】考点一:立体几何中的动态问题【典例1】(2021·福建高二期末)在棱长为1的正方体1111ABCDABCD中,点E,F分别足AEAB,BFBC,其中0,1,0,1,则()A.当1时,三棱锥11ABEF的体积为定值B.当12时,点A,B到平面1BEF的距离相等C.当12时,存在使得1BD平面1BEFD.当时,11AFCE【答案】ABD【解析】由111111ABEFABECCABEVVV即可判断A;当12时,点E是AB的中点可判断B;建立空间直角坐标系,计算110BDBF可判断C;设AEm,求出所需各点坐标,计算110ACEF可判断D,进而可得正确选项.【详解】对于A:当1时,BFBC,此时点F位于点C处,三棱锥1111ABEFABECVV11CABEV,1111111111222ABESABAA为定值,点C到面11ABE的距离为1CB是定值,所以三棱锥11ABEC的体积为定值,即三棱锥11ABEF的体积为定值,故选项A正确;对于B:当12时,点E是AB的中点,所以点A,B到平面1BEF的距离相等,故选项B正确;对于C:当12时,点F是BC的中点,建立如图所示空间直角坐标系,则1,1,0B,10,0,1D,11,1,1B,1,1,02F,可得11,1,0BD,11,0,12BF,所以111110101022BDBF,所以1BD与1BF不垂直,所以不存在使得1BD平面1BEF,故选项C不正确;对于D:设AEm,则1,,0Em,1,1,0Fm,11,0,1A,10,1,1C所以1,1,1AFm,11,1,1CEm,因为11110AFCEmm,所以11AFCE,故选项D正确;故选:ABD.【典例2】(2020·四川南充·高三其他(理))已知三条射线OA,OB,OC两两所成的角都是60°.点M在OA上,点N在BOC内运动,63MNOM,则点N的轨迹长度为()A.2πB.3πC.4πD.5π【答案】C【解析】如图,过M作MD平面BOC于D,则D点在BOC的平分线上,30BOD在平面BOC内,作DEBO于E,连结ME,根据三垂线定理,则MEBOcoscoscoscos60coscos303cos3MOEMODBODMODMOD63MNOM,3cos6363ODOMMOD,点N的轨迹是以D为圆心,6为半径的圆在BOC内的圆弧FPG,120FDG圆弧FPG的长度为:120122643603r故选:C【总结提升】1.立体几何中的动态问题主要包括:空间动点轨迹的判断,求轨迹的长度及动角的范围等.2.一般是根据线、面垂直,线、面平行的判定定理和性质定理,结合圆或圆锥曲线的定义推断出动点的轨迹.【变式探究】1.(2020·河北新华·石家庄二中高三月考(理))如图,正方体1111ABCDABCD中,P为底面ABCD上的动点,1PEAC于E,且,PAPE则点P的轨迹是()A.线段B.圆C.椭圆的一部分D.抛物线的一部分【答案】A【解析】连结1AP,可证11AAPAEP≌,即11AAAE,即点E是体对角线1AC上的定点,直线AE也是定直线.PAPE,∴动点P必定在线段AE的中垂面上,则中垂面与底面ABCD的交线就是动点P的轨迹,所以动点P的轨迹是线段.故选:A2.【多选题】(2021·重庆巴蜀中学高三月考)已知圆台的上下底面的圆周都在半径为2的球面上,圆台的下底面过球心,上底面半径为(02)rr,设圆台的体积为V,则下列选项中说法正确的是()A.当1r时,733VB.当r在区间0,2内变化时,V先增大后减小C.V不存在最大值D.当r在区间0,2内变化时,V逐渐减小【答案】AB【解析】通过题意得到圆台体积V关于外接球半径r的函数,容易判断A;利用导数探讨该函数的单调性和最值,可以判断B,C,D.【详解】2222211444244(02)333VSSSShrrrrrrr,对选项73A:1,1243,A33rV正确;322344834rrrVr,设323448frrrr,则2984frrr在0,2上单调递减,设0fr的两根为1212,rrrr,由韦达定理12409rr知20,2r,且当20,,0rrfr;2,rr2),0,frfr在20,r单调递增,在2,2r单调递减,由08,15,224fff,01,2r,使得00fr,当00,,0rrfr,即0;V当0,2,0rrfr,即0V,所以V在00,r单调递增,在0,2r单调递减,则B正确,C,D错误,故选:AB.考点二:立体几何中的探索性问题【典例3】(2021·广东高二期末)如图,在正方体1111ABCDABCD中,M是棱11CD的中点.(1)求二面角DACM的余弦值;(2)在棱1CC(包含端点)上是否存在点E,使//BE平面ACM,给出你的结论,并证明.【答案】(1)13;(2)不存在,证明见解析.【解析】(1)以1,,DADCDD为正交基底建立直角坐标系,求出相应点的坐标,再求平面AMC的一个法向量为n和面ACD的一个法向量为m,然后计算法向量夹角的余弦值,即可得二面角DACM的余弦值;(2)设E的坐标为0,1,01tt,若在棱1CC(包含端点)上存在点E,使//BE平面ACM,根据0BEn求出t,再判断即可.【详解】(1)解:设正方体的边长为单位长度,建立如图直角坐标系,则10,,12M,1,0,0A,0,1,0C,所以1,1,0AC,11,,12AM.设平面AMC的一个法向量为,,nxyz,则00ACnAMn,即002xyyxz,可得平面AMC的一个法向量为2,2,1nr.又因为平面ACD的一个法向量为0,0,1m,所以2211cos,32211nm.所以二面角DACM的余弦值为13.(2)不存在.证明:设E的坐标为0,1,01tt,因为B的坐标为1,1,0,所以1,0,BEt,若在棱1CC(包含端点)上存在点E,使//BE平面ACM,则0BEn,所以20t,即2t,与01t矛盾,所以棱1CC(包含端点)上不存在点E,使//BE平面ACM.【典例4】(2020·全国)如图,AC是O的直径,点B是O上与A,C不重合的动点,PO平面ABC.(1)当点B在什么位置时,平面OBP平面PAC,并证明之;(2)请判断,当点B在O上运动时,会不会使得BCAP,若存在这样的点B,请确定点B的位置,若不存在,请说明理由.【答案】(1)当OBAC时,平面OBP平面PAC,证明见解析,(2)不存点B使得BCAP,理由见解析【解析】(1)当OBAC时,平面OBP平面PAC,证明如下:OP平面ABC,OP平面ACP,平面ACP平面ABC,OBAC,平面APC平面ABCAC,OB平面PAC,OB平面OBP,∴平面OBP平面PAC;(2)假设存在点B,使得BCAP,点B是O上的动点,BCAB,又BCAP,AB、AP平面PAB,ABAPAI,BC平面PAB,BP平面PAB,BCBP,设OBR,在RtOPC中,有2222PCOCOPROP,在RtOPB中,有2222PBOBOPROP,可得BPPC,故PBC为锐角,这与BCBP矛盾,故不存点B使得BCAP.【典例5】(2020·全国高二课时练习)如图,在三棱柱111ABCABC中,1BB平面ABC,ABBC,12AAABBC.(1)求证:1BC平面11ABC;(2)求异面直线1BC与1AB所成角的大小;(3)点M在线段1BC上,且11((0,1))BMBC,点N在线段1AB上,若MN∥平面11AACC,求11ANAB的值(用含的代数式表示).【答案】(1)证明见解析(2)3(3)1【解析】(1)在三棱柱111ABCABC中,由1BB平面ABC,所以1BB平面111ABC,又因为1BB平面11BBCC,所以平面11BBCC平面111ABC,交线为11BC.又因为ABBC,所以1111ABBC,所以11AB平面11BBCC.因为1BC平面11BBCC,所以111ABBC又因为12BBBC,所以11BCBC,又1111ABBCB,所以1BC平面11ABC.(2)由(1)知1BB底面ABC,ABBC,如图建立空间直角坐标系Bxyz,由题意得0,0,0B,2,0,0C,10,2,2A,10,0,2B.所以12,0,2BC,10,2,2AB.所以1111111cos,2||||ABBCABBCBABC.故异面直线1BC与1AB所成角的大小为3.(3)易知平面11AACC的一个法向量1,1,0n,由11BMBC,得(2,0,22)M.设11ANAB,得(0,22,22)N,则(2,22,22)MN因为//MN平面11AACC,所以0MNn,即(2,22,22)(1,1,0)0,解得1,所以111ANAB.【规律方法】求解立体几何中探索问题的策略1.条件探索性问题(1)先猜后证,即先观察与尝试给出条件再证明;(2)先通过命题成立的必要条件探索出命题成立的条件,再证明其充分性;(3)把几何问题转化为代数问题,探索命题成立的条件.如本例(2)先根据题意猜测点的位置.再结合证明.一般探索点存在问题,点多为中点或三等分点中的一个.2.结论探索性问题首先假设结论存在,然后在这个假设下进行推理论证,如果通过推理得到了合乎情理的结论,就肯定假设,如果得到了矛盾的结论,就否定假设.【变式探究】1.(2020·四川泸县五中高二开学考试(理))如图,在四棱柱1111ABCDABCD中,底面ABCD是正方形,平面11ADB平面ABCD,1AD,12AA.过顶点D,1B的平面与棱BC,11AD分别交于M,N两点.(Ⅰ)
本文标题:【新高考复习】专题8.8 立体几何综合问题 2022年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)(
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