网络工程师知识问答精华

中国软考联盟，中国最权威的软考辅导和培训机构！以考带学，始于证书，止于无限中国软考联盟（）[e-mail]第1页网络工程师知识问答精华●设某单总线LAN,总线长度为1000米,数据率为10mbps,数字信号在总线上的传输速度2C/3(C为光速),则每个信号占据的介质长度为__米.当CSMA/CD(非IEEE802.3标准)访问时,如只考虑数据帧而忽略其他一切因素,则最小时间片的长度为__us,最小帧长度是__位?答案1.问：2c/3=2*3*10^8/3=2*10^8m/st=1000m/(2*10^8m/s)=5*10^(-6)s在时间t内共有信号量=10*10^6t=10*10^6*5*10^(-6)=50bit在1000m共有50bit每个信号占据的介质长度=1000m/50bit=20m/bit2问：slottime=2S/(2c/3)=2*1000m/[2*10(8)m/s]=1*10(-5)s=10us3问：Lmin=slottime*R=1*10(-5)s*10mb/s=1*10(-5)s*[10*10(6)b/s]=100bit●视频当传输视频信号时：带宽=图像尺寸*图像像素密度*像素的彩色分辨率*图像更新速度●使用Windows2000操作系统的DHCP客户机，如果启动时无法与DHCP服务器通信，一般来说，它会在保留的ip地址（如192.x.x.x）选取一个ip地址●routeprint本命令用于显示路由表中的当前项目，在单路由器网段上的输出；由于用IP地址配置了网卡，因此所有的这些项目都是自动添加的。tracert命令这是验证通往远程主机路径的实用程序●.如果信息长度为5位，要求纠正1位错，按照海明编码，需要增加的校验位是__(19)__。A.3B.4C.5D.6答案为4m+k+12^km=5k=4●特权指令在多用户,多任务的计算机中必不可少,它主要用于()A.检查用户的权限B.系统硬件自检和配置C.用户写汇编程序时调用D.系统资源的分配和管理。答案是D●微机A和微机B采用同样的CPU,微机A的主频为800MHZ,微机B的主频为1200MHZ.若微机A的平均指令执行速度为40MIPS,则微机A的平均指令周期为多少ns,微机B的平均指令执行速度为多少MPIS请老师给出详细求解公式.mips（每秒百万条指令）微机A的平均指令周期＝1/(40*10^6/10^(-9))=10^9/(40*10^6)=100/4=25ns微机B的平均指令执行速度=40*120/80=60MIPS●有一个512K*16的存储器，由64K*1的2164RAM芯片构成（芯片内是4个128*128结构），总共需要（1）个RAM芯片。为什么位扩展是16/1=16，字扩展是512/64=8？字扩展就是数据位数不够需要将2个或者2个以上的存储芯片并行使用而提高位数，也就提高数据线的条数。字扩展呢就是存储容量不够需要串联n个芯片来扩大容量，容量扩大了那么地址线的条数就要多了。分析：首先给定的存储芯片是64K*1位的，从这里能看出容量64K，数据线1条。要设计成512K*16的存储器，存储器的数据线是16条，所以需要16块存储芯片并联才成（位扩展）。容量512K所以需要512/64=8片串联达到要求（字扩展），总共需要多少芯片呢？16*8=128片芯片。中国软考联盟，中国最权威的软考辅导和培训机构！以考带学，始于证书，止于无限中国软考联盟（）[e-mail]第2页●若卫星信道的数据传输率为1Mbps，帧长为1000bit，利用卫星信道的两个站点从一方到另一方的传播时延为250ms。忽略确认帧长和处理时间则若帧的出错概率为0.1,而假设应答帧不出现错误，当采用停等协议时，其协议效率是（1）。若采用连续ARQ协议，发送窗口Wt＝7，接收窗口Wr＝1，在不出错的情况下，信道的利用率为（2）若帧传输过程中出错是突发式的，突发位数为100bit，信道的误码率为10-3,则帧的出错概率变为（3）在连续ARQ协议中，若发送窗口大于2K（K为编号位数），则会（4），停等协议可以看成是连续ARQ协议的特例，即（5）（1）A0.02B0.018C0.1D0.04A（2）A0.078B0.137C0.11D0.01A（3）A0.001B0.1C0.01D0.0001（4）A发送窗口速度太快B接收窗口接收不下C接收方不能正确识别是新的下一帧还是重发的帧D发送窗口不能进行编号（5）A发送窗口等于1B接收窗口等于1C认为线路不出错D认为线路出错较高答案：（1）B（2）B（3）C（4）C（5）A(1)d/v=250ms=0.25sR=1Mbps=1*10^6bps=1*10^6(bit/s)a=(Rd/v)/L=(1*10^6*0.25)/1000=250P=0.1E=(1-P)/(2a+1)=0.9/501=0.00179(2)w=7w2a+1P=0E=W(1-P)/(2a+1)=7/501=0.139(3)P=(1000*10^(-3))/100=0.01●基于IP－－MAC的绑定方法用命令实现时，是ARP－SIPMAC吗？在windows系统中，使用“arp-sipmac”命令对MAC地址和IP地址进行绑定，使用“arp-dipmac”命令取消绑定。这种静态的绑定有何限制？是不是每次重开机都要绑定一次？只要ip地址在绑定时没有使用就可以了。是的。●数字签名具体做法是：1、将报文按双方约定的HASH算法计算得到一个固定位数的报文摘要。在数学上保证，只要改动报文中任何一位，重新计算出的报文摘要值就会与原先的值不相符。这样就保证了报文的不可更改性。2、将该报文摘要值用发送者的私人密钥加密，然后连同原报文一起发送给接收者而产生的报文即称数字签名。3、接收方收到数字签名后，用同样的HASH算法对报文计算摘要值，然后与用发送者的公开密钥进行解密解开的报文摘要值相比较，如相等则说明报文确实来自所称的发送者中国软考联盟，中国最权威的软考辅导和培训机构！以考带学，始于证书，止于无限中国软考联盟（）[e-mail]第3页●当N个用户采用公钥通信时,系统中有___个密钥,若采用传统加密时,则有__个密钥.请老师解释一下。答：对称密钥加密，使用发件人和收件人共同拥有的单个密钥。这种密钥既用于加密，也用于解密。由于对称密钥加密在加密和解密时使用相同的密钥，所以这种加密过程的安全性取决于是否有未经授权的人获得了对称密钥。希望使用对称密钥加密通信的双方，在交换加密数据之前必须先安全地交换密钥。所以针对本题目来说，N个用户，彼此间倘若交互数据的话，双方都需要有对方密钥。也就是每个用户有（n－1）个。那么n个用户有n×（n－1）。其中包括一半彼此重叠拥有的。故此n*(n-1)/2.公钥密码系统其特点是:(1)加密钥和解密钥本质是不同的,知道其中一个,不存在一个有效地推导出另一个密钥的算法;(2)不需要分发密钥的额外信道,我们可以公开加密钥,这样无损于整个系统的保密性,需要保密的仅仅是解密钥.每个人都保存自己的私钥,而将对应的公钥放到一个公共通讯簿上,A要想向B发送保密消息M,他使用B的公钥加密,发送给B,只有B拥有对应的私钥,所以只有B能够解密●ATM交换分为VP交换和VC交换两种。VP交换指在交换的过程中只改变VPI的值，透传VCI的值，而VC交换过程中VPI、VCI都改变ATM（AsynchronousTransferMode,异步传输方式）采用基于信元的异步传输模式和虚电路结构。●如果互连的局域网高层分别采用TCP/IP协议和SPX/IPX协议,那么我们可以选择的多个网络互连设备应是:__A.中继器B,网桥C网卡D.路由器●数据分组产生冲突的网络区域被称为___A,冲突域B.网络域C广播域D网络分段.答案是D,A●嵌入式系统是指操作系统和功能软件集成于计算机硬件系统之中。简单的说就是系统的应用软件与系统的硬件一体化，类似与BIOS的工作方式。具有软件代码小，高度自动化，响应速度快等特点。特别适合于要求实时的和多任务的体系。嵌入式计算机系统同通用型计算机系统相比具有以下特点：1、嵌入式系统通常是面向特定应用的嵌入式CPU与通用型的最大不同就是嵌入式CPU大多工作在为特定用户群设计的系统中，它通常都具有低功耗、体积小、集成度高等特点，能够把通用CPU中许多由板卡完成的任务集成在芯片内部，从而有利于嵌入式系统设计趋于小型化，移动能力大大增强，跟网络的耦合也越来越紧密。2、嵌入式系统是将先进的计算机技术、半导体技术和电子技术与各个行业的具体应用相结合后的产物。这一点就决定了它必然是一个技术密集、资金密集、高度分散、不断创新的知识集成系统。3、嵌入式系统的硬件和软件都必须高效率地设计，量体裁衣、去除冗余，力争在同样的硅片面积上实现更高的性能，这样才能在具体应用中对处理器的选择更具有竞争力。4、嵌入式系统和具体应用有机地结合在一起，它的升级换代也是和具体产品同步进行，因此嵌入式系统产品一旦进入市场，具有较长的生命周期。中国软考联盟，中国最权威的软考辅导和培训机构！以考带学，始于证书，止于无限中国软考联盟（）[e-mail]第4页5、为了提高执行速度和系统可靠性，嵌入式系统中的软件一般都固化在存储器芯片或单片机本身中，而不是存贮于磁盘等载体中。6、嵌入式系统本身不具备自举开发能力，即使设计完成以后用户通常也是不能对其中的程序功能进行修改的，必须有一套开发工具和环境才能进行开发●假设一个有三个盘片的硬盘,共有四个记录面,转速为7200转/分,盘面有效记录区域的外直径为30CM,内直径为10CM,记录位密度为250位/mm,磁盘密度为8道/mm,每磁道分16个扇区,每扇区512字节,则该硬盘的数据转输率约为____A.2356KB/SB.3534KB/SC.7069KB/SD.1178KB/S在教程,网校资料和其它资料上有三种答案.教程是960KB/S,而网校是1178KB/S,请问是多少,如何算的.我的算法是:512字节*16*7200/(60*1024)=960KB/S数据传输率=π*内直径*记录位密度/8*转速/60（字节/秒）●若存储周期为200NS，且每个周期可访问4个字节，则存储器带宽？每个周期可访问4个字节，4字节＝32bit存储器带宽=32bit/200ns=32bit/(200*10^(-9))s=16*10^7bit/s=160*10^6bit/s●长10km，16Mbps，100个站点的令牌环，每个站点引入1位延迟位，信号传播速度位200m/us，则该环上1位延迟相当于_(4)_米长度的电缆，该环有效长为_(5)_。⑷A.10B.12.5C.15D.20⑸A.100B.200C.500D.900据时延估算公式：传播时延(us/km)*传播介质长度(km)*数据率(Mpbs)+中继器时延传播介质长度=10km传播速度=200m/us=0.2km/us传播时延=1/0.2(us/km)=5(us/km)数据率=16Mbps其环上可能存在的最大时延是10*5*16+100=900位没有帧发送时，其环上可能存在的最小时延为10*5*16=800位环上1位延迟相当于10km/800=12.5m●RS-232-C是在OSI模型中属于（7）层协议标准，这个标准的设计数据速率是处理（9）bit/s。（7）A、会话B、数据链路C、网络D运输E、物理（9）A、4800B、9600C、19200D、20000E、6400RS-232-C是由电子工业协会(EIA，ElectronicIndustriesAssociation)制定的数据终端设备和数据电路端接设备连接的物理接口