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习题十1、设G是一个(n,m)简单图;证明:m≤C(n,2)等号成立,当且仅当G是完全图证明:此题有两个内容,第一方面证明简单图满足m≤C(n,2),第二证明,m=C(n,2)当且仅当G是完全图(1):因为在简单无向图中,每个结点的最大度数为n-1,所以图的总度数的上限为n(n-1),所以边的上限为n(n-1)/2,因此任意一个简单无像图G,其边数满足:m≤n(n-1)/2=C(n,2)(2):m=C(n,2)⇒G是完全图因为,当m=C(n,2)时,全图的总度数为n(n-1),因此其平均点度为(n-1),因为n阶简单无向图中点度的最大值为(n-1),所以此时每个点的度数都相同并为(n-1),根据完全图的定义,此图为完全图G是完全图⇒m=C(n,2)当G为完全图时,既每个结点都和其他结点相邻,所以全图的总边数m=n(n-1)/2=C(n,2)4、证明:在(n,m)图中δ≤2m/n≤Δ证明:因为2m/n代表简单无向图的平均点度值,所以平均值大于等于最小值,小于等于最大值,结论成立6、设G是(n,m)简单二部图,证明:m≤n2/4证明:设G的两个顶点集合中顶点个数分别为n1,n2,并有n=n1+n2(1式);同时,在简单二部图中,当其为完全二部图是,其边数最大,及max(m)=n1×n2(2式);联立(1)(2)式,通过高等数学的知识,当n1=n2=1/2n时,max(m)取得最大值n2/4,所以一般(n,m)简单二部图,其边数小于等于此最大值既m≤n2/49、如果G≌G’,称G是自补图;确定一个图为自补图的最低条件:画出一个自补图解:因为G和自己的补图同构,那么G和G’应该有相等条数的边,所以m=m’,又因为m+m’=n(n-1)/2,所以G的边的条数必须满足m=n(n-1)/4.因此图G的阶数或阶数减一必需是4的倍数,这就是最低条件。图略(4阶或5阶这样的图都容易画出)10、判断图10-29中的两个图是否同构,并说明理由答:这两个图不同构,因为这两个图中,都有唯一的3度点,因此在同构映射中一定相互对应,但一个图中的3度点连接两个一度点,而在另一个图中其3度点只连接了一个一度点,不能相互映射。因此不同构15、如果u和v是图G中仅有的两个奇数度结点,证明u和v必是连通的证明:假设u,v分别在图G的两个分中G1,G2中,那么G1,G2各自的总结点度数就是奇数,与握手定理矛盾。因此,u,v必在一个连通分支中,所以是连通的16、证明:G是二部图当且仅当G的回路都是偶长回路(非平凡图,n1)证明:(1)先证明在二部图中,所有奇长道路的两个端点必定分别在两个顶点集合中使用归纳方法:A)当道路长度L(P)=1时,就是图G的边和其两个端点,根据二部图的定义,两个端点分别在两个顶点集合中B)假设道路长度L(P)=2n+1(n0)时结论成立,及P=V1V2….V2n+2,其中V1,V2n+2分别属于两个顶点集合C)当L(P)=2(n+1)+1(n0)时,P=V1V2….V2n+2V2n+3V2n+4;当我们删除此道路的最后两个结点,道路长度变为L(P’)=2n+1,根据(B)的假设,那么V1,V2n+2就分别在两个顶点集合。现在把V2n+3加入到道路中,因为V2n+3是V2n+2的邻结点,所以V2n+3在V2n+2的对集中,既和V1在一个顶点集合中;同理V2n+4就在V1的对集中,也就是V1,V2n+4在不同的顶点集合中综上所述,(1)结论成立(2)G是二部图⇒G的回路都是偶长的设C是G中的任意回路,那么C=V1…..V1,假设L(C)为奇数,那么根据(1)的结论,V1,V1应该在不同的集合中,矛盾;所以L(C)必为偶数G的回路都是偶长的⇒G是二部图首先,按如下方式对G的连通分支进行着色,任选一个结点,着红色,然后将其所有邻结点着为黑色,(将红色结点标记),然后逐一对黑色结点的邻结点着为红色并标记黑结点,如此往复,值到全部结点着色标记完成,或遇到已着色的结点被重新着色为相反的颜色(此图有奇长度回路)。下面说明,如果是偶长的,那么就是二部图:证明:从染色的顺序看,红点到黑点之间的距离为单数,红点到红点的距离为双数,并且相同颜色的点不会相邻。所以可以将图的顶点集合分成两个集合,每个集合的点的颜色一致。根据二部图的定义,这是一个二部图。如果着色过程中出现已着色点被重新着色成相反颜色,例如:v1是开始的红点,如果现在有点为u1点为黑色,并且开始对他的邻结点进行早色,我们发现w1是u1的邻结点,但已经被着色成黑色,那么,我们就找到得到v1到u1的距离为单数的道路p1,v1到w1距离为单数的道路p2,如果p1+u1w1+p1,就形成一个回路,此回路为奇数,与前提矛盾。所以不可能出现这种情况。(注:对其他分支重复这种方法,如果遇到孤立结点,则交替着红色和黑色)19、设G=(V,E)是点度均为偶数的连通图,证明:对任何uV,ω(G-u)≤d(u)/2证明:因为G的点度都为偶数,因此G-u最多形成d(u)个奇数度点,而奇数度点必须成对出现在连通分支中,所以ω(G-u)的最大值为d(u)/2,所以ω(G-u)≤d(u)/223、证明:在具有n(n≥2)个结点的简单无向图G中,至少有两个结点度数相同证明:在n个结点的简单无向图中,每个结点的可能度数为0、1、2…n-1,共n种,但是如果有结点度为0,那么就不存在有结点度数为n-1;同理,有结点度数为n-1,那就不存在孤立结点,所以可能的点度只能有n-1种,但有n个结点,所以必有两个结点度数要相同30、略习题十一1、设一个树中度为k的结点数是nk(2≤k),求它的叶的数目解:设T中叶结点数目为t,那么根据握手定理,及数的点边关系可以得到:n=t+n2+n3+…+nk(1)Σd(v)=2m=t+2n2+3n3+…+knk=2(n-1)(2)所以:t+2n2+3n3+…+knk=2(t+n2+n3+…+nk)-2t=n3+2n4+…+(k-2)nk+22、证明:树T中最长简单道路的起点和终点必都是T的叶证明:a)首先证明在T中的任意最长道路P中,其起点u和终点v的所有邻结点必然在P中,否则此道路可以变长,与最长条件矛盾b)假设在T中存在最长道路P,其起点u或终点v不是叶结点(假设是u),那么d(u)1,及u至少有两个邻结点u1,u2,他们都将出现在道路中,既P=uu1…u2…v,因为u2是u的邻结点,所以在T中就存在C=uu1..u2u的简单回路,与树的基本性质矛盾,所以u,v必是叶结点10、设e是连通图G的一条边,证明:e是G的割边当且仅当e含于G的每个生成树中证明:a)e是G的割边⇒e含于G的每个生成树中假设e不包含在G的生成树T’中,那么删除e边后,T’依然包含在G-{e}中,因为T’连通,所以G-{e}连通,与e是割边矛盾,所以e必包含在G的任何生成树中b)e含于G的每个生成树中⇒e是G的割边假设e不是割边,那么G-{e}依然连通,所以存在生成数T’,当然T’也是G的生成树,但e不包含在T’中,与题设矛盾,因此e是G的割边12、略23、略(参考课堂ppt)讲解习题十二1、证明:图12-7中的图都是平面图略(只需要画处其平面图的形式即可)(a多一条边,c多了一条边)3、设G是阶数不小于11的图,证明:G或G’(代表G的补图)中至少有一个是非平面图证明:假设G和G’都是平面图,因为m(G)+m(G’)=n(n-1)/2,因此至少有一图的边至少为n(n-1)/4,根据平面图边与点的关系,n(n-1)/4≤3n–6,得到n2-13n+24≤0,因此n≤10,与题设矛盾;因此必有一图为非平面图5、证明:少于30条边的简单平面图至少有一个顶点的度不大于4证明:(反证)假设少于30条边的简单平面图所有的顶点的度都大于等于5,那么根据握手定理和平面图的性质有:5n≤2m(1)m≤3n–6(2)⇒5n≤6n–12⇒n≥12根据(1)式,60≤2m,既m≥30与题设矛盾,因此至少有一个顶点的度不大于47、证明:对K3,3的任意一条边e,K3,3-e是平面图;同样,对K5的任何边e,K5-e也是平面图证明:因为K3,3的任意一条边ei,ej,K3,3-ei,K3,3-ej都是同构的,而根据题1(a)的结论,我们可以平面嵌入它,因此K3,3-e是平面图;同理,K5-e也是平面图9、如果一平面图与其对偶图同构,则称这个平面图为自对偶图,推导自对偶图必须满足的结点数n与边数m的关系,并找出一些自对偶图解:如果一个图是平面图,那么满足欧拉公式:n–m+f=2(1)其对偶图也是平面图,因此也应满足欧拉公式:n*-m*+f*=2(2)因为对偶关系,因此:n=f*f=n*又因为此二图同构,因此n=n*,m=m*所以:n=f,并且2n–m=2据此可以找到一些自对偶图:K1,G(2,2)–有两种图像,K4习题十三1、构造(n,m)欧拉图,使其满足条件:(1)m,n奇偶性相同;(2)m,n奇偶性相反答:略2、设G=(V,E)是一个具有2k(k0)个奇数度结点的连通图。证明:G中必存在k条边不相重的简单道路P1,P2,…,Pk,使得E=E(P1)E(P2)…E(Pk)证明:把2k个奇数度结点分成两两一组的k组,然后每组结点新加一条边,所得图为欧拉图,故存在欧拉回路C;然后去掉欧拉回路C中的k条新加入的边,得到k条互无重复边的道路P1,P2,…,Pk,即为所求5、在图13-10中求中国邮递员问题的解解:如上图标号:图中有4个奇数度结点v1,v6,v9,v3,求两两之间最短长度:Pv1v6=3(v1v6),Pv1v9=7(v1v2v3v4v9),Pv1v3=4(v1v2v3),Pv6v9=7(v6v7v8v9),Pv3v6=6(v3v8v7v6),Pv3v9=3(v3v4v9),Pv1v6和Pv3v9满足最小性要求,复制v1v6和v3v4v9的边,图中欧拉回路即为所求解6、设G是有两个奇数度点的连通图,设计一个构造G的欧拉道路的算法v9v6v3v1v2v4v5v7v8v1022111133v1134415562解:此算法只要在书中欧拉回路的算法中,添加起点为奇数结点即可,详细描述略9、证明:凡有割点的图都不是哈密顿图证明:假设e为图G的割点,根据割点的定义,ω(G-e)1,因此不满足哈图的必要条件;所以不是哈图13、假定在n(2)个人的团体中,任何2人合起来认识其余的n-2个人,证明:(1)这n个人可以排成一排,使得站在中间的每个人的两旁都是自己认识的人,站在两端的人旁边各有1个认识的人(2)当n≥4时,这n个人可以围成一个圆圈,使得每个人两旁都是自己所认识的人证明:如果团体中的个人看成是结点,而人于人的关系看成是边,那么就构成一个认识与否的图,对于问题(1),就转化为此图中存在哈道路问题;问题(2),就转化为图中存在哈圈的问题,现说明如下:在此题中,任何2人合起来认识其余的n-2个人蕴含任何人最多只有一人不认识,因为如果a,不认识b和c,那么b和c就不能认识完剩下的全部人,因此此图既有d(u)≥n-2那么,任意两个结点u,v,d(u)+d(v)≥n-2+n-2,因为n2,所以d(u)+d(v)≥n-1,根据书中定理,此图存在哈道路如果n≥4,那么d(u)+d(v)≥n-2+n-2≥n,根据书中定理,此图存在哈圈
本文标题:离散数学习题答案-ch10-ch13-2015
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