2011届高考物理二轮专题复习(创新设计)专项突破选择题的突破

天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第1页（共7页）第二篇解题能力突破突破(一)选择题的突破1.如图1－7所示，物块A的右端有一个光滑的圆环O，一细线一端系在墙上的一点B，OB呈水平方向，另一端穿过圆环后受到一个恒定的拉力F，力F始终与OB成θ角．在力F作用下，物块沿水平地面移动距离x，则描述拉力做功的下列各个表达式中错误的是()A．FxB．FxcosθC．2FxcosθD．Fx(1＋cosθ)解析：取θ＝0，则拉力做功为2Fx，此时A、B两答案都错；再取θ＝π/2，则拉力做功为Fx，此时C、D两答中D答正确，因此A、B、C三答案都错．答案：ABC2．一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于()A．物体势能的增加量B．物体动能的增加量C．物体动能的增加量加上物体势能的增加量D．物体动能的增加量加上克服重力所做的功解析：这是从物体的势能、动能和克服重力做功等几方面来描述支持力所做的功．对物体作受力分析，并利用动能定理，可以知道地板对物体的支持力所作的功，等于物体克服重力所做的功与物体的动能增加量之和，而物体克服重力所做的功等于物体的势能的增加量，因此A、B错而C、D对．答案：CD图1－7天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第2页（共7页）3.如图1－8所示，作用于O点的三个力平衡(其中力F3图中未画出)，其中一个力大小为F1，沿y轴负方向，大小未知的力F2与x轴正方向夹角为θ，下列说法正确的是()A．力F3只可能在第二象限B．力F3与F2夹角越小，则F3与F2越小C．F3的最小值为F1cosθD．力F3可能在第三象限的任意范围内解析：力F3可以在第二象限和第三象限中F2的延长线左侧，A、D错；三个力的矢量图如图所示，由图可知，B错；当F3与F2垂直时F3的最小值为F1cosθ，C对．答案：C4.如图1－9中a、b是两个位于固定斜面上的立方体物块，它们的质量相等，F是沿水平方向作用于a上的外力．已知a、b的接触面，a、b与斜面的接触面都是光滑的．正确的说法是()A．a、b一定沿斜面向上运动B．a对b的作用力沿水平方向C．a、b对斜面的正压力相等D．a受到的合力沿水平方向的分力等于b受到合力沿水平方向的分力解析：当F沿斜面向上的分力大于二者重力沿斜面向下的分力时，才可能沿斜面向上运动．故A选项错．a对b的作用力沿斜面向上，B选项错．当F沿斜面向上时，a、b对斜面的压力才相等，C选项错．二者有共同的加速度，所以合外力相同，自然水平分力就相同．综上所述只有选项D正确．答案：D5.如图1－10，AB为斜面，BC为水平面，从A点以水平初速度v向左抛出一小球，其落点与A点水平距离为x1；从A点以水图1－8图1－9图1－10天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第3页（共7页）平初速度2v向左抛出一小球，其落点与A点水平距离为x2，不计空气阻力，则x1∶x2可能为()A．1∶2B．1∶3C．1∶4D．1∶5解析：小球落点有三种可能情况：两次都落在斜面上、两次都落在水平面上和第一次落在斜面上而第二次落在水平面上．第三种情况比值x1∶x2应该介于前两种之间，只需求出前两种即可．若两次小球都落在斜面上，设斜面与水平面间夹角为θ，则tanθ＝yx＝gt2v，x＝vt＝2v2tanθg，所以有x1∶x2＝1∶4；当小球两次都落在水平面上时，竖直方向下落的高度相同(特殊值)，则下落时间相同，因此x1∶x2＝1∶2，显然A、B、C三项在此范围内．答案：ABC6．某理想变压器原线圈输入电功率为P，原、副线圈匝数比为k，其副线圈接一内阻为r的电动机，电动机以速度v匀速向上提升质量为m的重物，已知重力加速度为g，则变压器原线圈两端的电压为()A．PkrP－mgvB.PkrP－mgvC．PkP－mgvrD.PkP－mgvr解析：对电动机电路，由能量守恒定律有：P＝mgv＋I2·r①对变压电路：U1U2＝k②又P＝U2I③解①②③得U1＝PkrP－mgv，即原线圈两端电压为PkrP－mgv.答案：A7.如图1－11所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流图1－11天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第4页（共7页）时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为FN2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是()A．FN1FN2，弹簧的伸长量减小B．FN1＝FN2，弹簧的伸长量减小C．FN1FN2，弹簧的伸长量增大D．FN1FN2，弹簧的伸长量减小解析：在题图中，由于条形磁铁的磁感线是从N极出发到S极，所以可画出磁铁在导线A处的一条磁感线，其方向是斜向左下方的，导线A中的电流垂直纸面向外，由左手定则可判断导线A必受斜向右下方的安培力，由牛顿第三定律可知磁铁所受作用力的方向是斜向左上方，所以磁铁对斜面的压力减小，即FN1FN2，同时，由于导线A比较靠近N极，安培力的方向与斜面的夹角小于90°，所以对磁铁的作用力有沿斜面向下的分力，使得弹簧弹力增大，可知弹簧的伸长量增大，所以正确选项为C.答案：C8.如图1－12所示电路中，当滑动变阻器的滑动触片P向b端移动时，电压表、电流表读数变化情况是()A．电压表读数增大，电流表读数减小B．电压表和电流表读数都增大C．电压表和电流表读数都减小D．电压表读数减小，电流表读数增大解析：P的移动，影响R3(局部)，从而影响总电阻R、干路电流I、路端电压U(整体)，导致各部分电路的变化．对于R3，P向b端移动时，接入电路的R3变大，使R2和R3并联电阻R23变大．从而影响整个电路，外电阻R变大，干路电流I＝ER＋r变小，路端电压(U＝E－Ir)变大，所以电压表读数增大．对于R1段电路，其两端电压(U1＝IR1)变小．对于R2和R3，并联电路两端的电压(U23＝U图1－12天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第5页（共7页）－U1)变大．对于R2段电路，通过的电流I2＝U23R2变大．对于电流表和R3所在的一段电路，通过的电流(I3＝I－I2)变小，所以电流表读数减小，所以正确选项为A.答案：A9.如图1－13所示为一个内、外半径分别为R1和R2的圆环状均匀带电环面，其单位面积带电荷量为σ.取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴．设轴上任意点P到O点的距离为x，P点电场强度的大小为E.下面给出E的四个表达式(式中k为静电力常量)，其中只有一个是合理的．你可能不会求解此处的场强E，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性作出判断．根据你的判断，E的合理表达式应为()A．E＝2πkσR1x2＋R21－R2x2＋R22xB．E＝2πkσ1x2＋R21－1x2＋R22xC．E＝2πkσR1x2＋R21＋R2x2＋R22D．E＝2πkσ1x2＋R21＋1x2＋R22x解析：由场强特点可知，当x→∞时，环面可视为点电荷，由E点＝kQr2可得E＝0.对于A项而言，x→∞时，环面可视为点电荷，由E点＝kQr2可得E＝0.对于A项而言，x→∞时，E→2πkσ(R1－R2)≠0，故A项错误；同理可排除D项；当x＝0时，由对称性可知E0＝0，对于C项而言，当x＝0时，E≠0，故C项错误，所以正确选项只能为B.答案：B10.(2010·广东华南师大附中第六次月考)如图1－14所示，氢核和氘核从静止开始运动经相同电场加速后从a点平行ab进入匀强磁场，若氢核恰能从正方形磁场区域的c点飞出，则：两核在磁场中飞行时间t1、t2和两核在磁场中的运行轨迹长s1、s2关系正确的是()图1－13图1－14天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第6页（共7页）A．s1＝s2，t1t2B．s1s2，t1t2C．s1s2，t1＝t2D．s1＝s2，t1＝t2解析：由动能定理及轨道半径公式得R1＝22R2，由几何关系知，圆心角θ1＝90°，θ2＝45°，又因T1＝2πmeB，T2＝4πmeB，得t1＝t2；s1＝π2R1，s2＝2π4R1，故s1s2.答案：C11.x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间连线上各点电势高低如图1－15曲线所示(APPB)，选无穷远处电势为0，从图中可以看出()A．Q1电荷量一定小于Q2电荷量B．Q1和Q2一定为同种电荷C．P点电场强度是0D．Q1和Q2之间连线上各点电场方向都指向Q2解析：P点电势为零，两侧电势左正右负，说明Q1、Q2为异种点电荷，且Q1为正电荷，B错；若Q1、Q2为等量异种电荷，则垂直连线且过连线的中垂线的面为电势为零的等势面，而现在零电势点靠近Q2，假设Q2为电荷量很小的检验电荷，等效放入点电荷Q1的电场中，则零电势点离Q1更远甚至是无穷远，因此Q1的电荷量一定大于Q2的电荷量，A错；异种电荷连线上没有场强为零的点，且电场方向由正电荷Q1指向负电荷Q2，C错，D对．答案：D12.如图1－16所示，光滑曲线导轨足够长，固定在绝缘斜面上，匀强磁场B垂直斜面向上．一导体棒从某处以初速度v0沿导轨面开始上滑，最后又向下滑回到原处．导轨底端接有电阻R，其余部分电阻不计．下列说法正确的是()A．滑回到原处时的速率小于初速度大小v0B．上滑所用的时间等于下滑所用的时间C．上滑过程与下滑过程通过电阻R的电荷量大小相等图1－15图1－16天星教育网，因你而精彩！版权所有，侵权必究！本卷第7页（共7页）D．上滑过程通过某位置的加速度大小等于下滑过程中通过该位置的加速度大小解析：导体棒滑动过程中切割磁感线产生感应电流，电阻发热消耗机械能，因此滑回到原处时速率小于v0，A对；上滑时安培力沿斜面向下，下滑时沿斜面向上，故上滑时的加速度大于下滑时的加速度，因此上滑时间小于下滑时间，B、D错；上滑过程和下滑过程，回路磁通量的变化相等，由q＝ΔΦR可知，通过电阻R的电荷量相等，C对．答案：AC天星教育网()版权所有天星教育网()版权所有天星教育网()版权所有天星教育网()版权所有天·星om权Tesoon.com天星版权tes天·星om权天·星om权Tesoon.com天星版权tesoon天星