2016年高考物理押题精粹试题(全国卷)

12016年高考物理押题精粹试题（全国卷）本卷共46题，包括必考与选考两部分，三种题型：选择题、实验题和解答题。一、选择题（23个小题）1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用，下列叙述不符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化答案：C解析：1820年，丹麦物理学家奥斯特在试验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在的联系，符合史实，故A正确；安倍根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了软铁磁化现象，符合史实，故B正确；法拉第在试验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流，故C错误；楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律；即感应电流具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故D正确；本题选不符合史实的，故选C。2.在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是()A.自然界的电荷只有两种，美国科学家密立根将其命名为正电荷和负电荷，美国物理学家富兰克林通过油滴实验比较精确地测定了电荷量e的数值B.卡文迪许用扭秤实验测定了引力常量G和静电力常量k的数值C.奥斯特发现了电流间的相互作用规律，同时找到了带电粒子在磁场中的受力规律D.开普勒提出了三大行星运动定律后，牛顿发现了万有引力定律答案：D解析：自然界的电荷只有两种，美国科学家富兰克林将其命名为正电荷和负电荷，美国物理学家密立根通过油滴实验比较精确地测定了电荷量e的数值，选项A错误；卡文迪许仅仅测定了引力常量G的常量，选项B错误；带电粒子在磁场中的受力规律不是奥斯特发现的，选项C错误；开普勒提出了三大行星运动定律后，牛顿发现了万有引力定律，故选项D正确。3.如图所示，将一质量为m的小球从空中O点以速度0v水平抛出，飞行一段时间后，小球经过P点时动能20mvEk，不计空气阻力，则小球从O到P过程中（）2A、经过的时间为gv03B、速度增量为03v，方向斜向下C、运动方向改变的角度的正切值为31D、下落的高度为gv205答案：A解析：做平抛运动的过程中，只有重力做功，故有2022052121mvmvmvmgh，2022vvvy，联立解得03vvy，故经历的时间为gvt03，速度增量03vgtv，方向竖直向下，下落的高度为gvgth2921202，选项A正确，B、D错误，运动方向改变的角度的正切值为30vvytan，选项C错误。4．如图所示，水平转台上的小物体A、B通过轻弹簧连接，并随转台一起匀速转动，A、B的质量分别为m、2m，A、B与转台的动摩擦因数都为μ，A、B离转台中心的距离分别为1.5r、r，已知弹簧的原长为1.5r，劲度系数为k，设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法中正确的是（）A．当B受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为mkB．当A受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为mk32C．当B刚好要滑动时，转台转动的角速度为rgmk223D．当A刚好要滑动时，转台转动的角速度为rgmk3232答案：BD解析：当B受到的摩擦力为0时，则rmrrk225152)..(，解得mk2，选项A错误；当A受到的摩擦力为0时，rmrrk5151522.)..(，解得mk32，选项B正确；当B刚好要滑动时，此时rmmgrrk2225152)..(，解得rgmk2，选项C错误；当A刚好要滑动时，则rmmgrrk51251522.)..(，解得rgmk3232，选项D正确。5.如图所示，光滑斜面与水平面成α角，斜面上一根长为l=0.30cm的轻杆，一端系住质量为0.2kg的小球，另一端可绕O点在斜面内转动，先将轻杆拉至水平位置，然后给小球一沿着斜面并与轻杆垂直的初速度03/vms，取210/gms，则（）A．此时小球的加速度大小为230m/sB．小球到达最高点时，杆对其的弹力沿斜面向上C．若增大0v，小球达到最高点时杆子对小球的弹力一定增大D．若增大0v，小球达到最高点时杆子对小球的弹力可能减小答案：C解析：小球做变速圆周运动，在初位置加速度不指向圆心，将其分解：切向加速度为sinsinmgagm；向心加速度为2321330m/s0.30nval；故时小球的加速度为合加速度，222230m/s30m/snnaaaa,故A错误；从开始到最高点过程，根据动能定理，有221011sin3022mglmvmv，解得16m/sv；考虑临界情况，如果没有杆的弹力，4重力平行斜面向下的分力提供向心力，有22sin30vmgml,可以得到2v小于1v，说明杆在最高点对球是拉力，故B错误；在最高点时，轻杆对小球的弹力是拉力，故2sin30vFmgml最高，如果初速度增大，则最高点速度也增加，故拉力F一定增加，故C正确，D错误。6.如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量均为m，A、B之间的动摩擦因数为，B与地面之间的动摩擦因数为3。若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时A的加速度为1a；若将水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时B的加速度为2a，则1a与2a的比为（）A.1:1B.2:3C.1:3D.3:2答案：C解析：当水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，临界情况是A、B的加速度相等，隔离对B分析，B的加速度为12133Bmgmgaagm，当水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时A、B间的摩擦力刚好达到最大，A、B的加速度相等，有：2Agagmma==，可得：1213aa：：，选项C正确。7．如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右（图甲中由B到C），电场强度大小随时间的变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间的变化情况如图丙所示。在t=1s时，从A点沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=L，且粒子由A运动到C的时间小于1s。不计重力和空气阻力，对于各粒子由A运动到C的过程中，以下说法正确的是（）5A．电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为02:vlB．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为2︰1C．第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1︰4D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π:2答案：AD解析：在t=1s时，空间区域存在匀强磁场，粒子做匀速圆周运动，如图2所示；由牛顿第二定律得2000vqvBmR，粒子的轨道半径，R=l，解得00mvBql；带电粒子在匀强电场中类平抛运动，竖直方0lvt，水平方向2201122qElattm，得2002mvEql，则0002EvBl,故A正确；第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比000001201:2qvBqEvBaammE,故B错误；第二个粒子，由动能定理得：20k2012qElEmv,2k2052Emv,第一个粒子的动能2k2012Emv，第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：5，故C错误；第一个粒子的运动时间100112ππ442mltTqBv，第二个粒子的运动时间20ltv，第一个粒子和第二个粒子运动时间之比12:π:2tt，故D正确。8.在真空中A、B两点分别放有异种点电荷＋Q和－2Q，以AB连线中点O为圆心作一圆形路径，如图所示，则下列说法正确的是（）6A.场强大小关系有Ea＝Eb、Ec＝EdB.电势高低关系有φaφb、φc＝φ0＝φdC.将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中电场力做正功D.将一正点电荷沿直线由a运动到d的过程中电场力做功小于将该正点电荷沿直线由d运动到b的过程中电场力做功答案：D解析：设圆的半径为R，Aa=r，根据点电荷电场叠加可得222()aQQEkkrrR，222()bQQEkkrrR，根据数学知识可得abEE，根据对称性可得cdEE，但两者方向不同，沿电场线方向电势降低，在AB连线上电场方向从A指向B，故ab，根据对称性可得cd，但由于直线cd不是等势面，所以与O点的电势不同，A、B错误；将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中，电场力方向与运动方向相反，所以电场力做负功．故C错误；由于ad间电场线比db间电场线疏，则ad间的场强比db间场强大，ad间的电势差小于db间电势差，由W=Uq知，正点电荷沿直线由a运动到d的过程中电场力做功小于将该正点电荷沿直线由d运动到b的过程中电场力做功，故D正确。9.火星成为我国深空探测的第二颗星球，假设火星探测器在着陆前，绕火星表面匀速飞行(不计周围其他天体的影响)，航天员测出飞行N圈用时t，已知地球质量为M，地球半径为R，火星半径为r，地球表面重力加速度为g，则A．火星探测器匀速飞行的向心加速度约为2224πNrtB．火星探测器匀速飞行的速度约为2πNRtC．火星探测器的质量为23224πNrgRtD．火星的平均密度为223πMNgRt答案：A7解析析：火星探测器绕火星表面运动的周期为tTN，根据公式224πraT，可得2224πNrat，A正确；根据公式2πrvT可得2πNrvt，注意探测器是绕火星表面运动的，所以式中半径不是地球半径，B错误；根据公式2224πMmGmrrT，由于探测器的质量抵消，故无法求解探测器的质量，C错误；根据公式2224πMmGmrrT，结合34,π,3MtVrTVN,解得223πNGt，故D错误。10．如图所示，地球同步卫星P和地球导航卫星Q在同一个平面内绕地球做匀速圆周运动，下列说法中正确的有（）A．P的运行周期比Q小B．P的线速度比Q小C．P的向心加速度比Q小D．若要使Q到P的轨道上运行，应该增加它的机械能答案：BCD解析：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有22224πMmvFGmmrmarrT。周期32πrTGM，P的轨道半径大于Q的轨道半径，所以P的运行周期比Q大，选项A错误；线速度GMvr，加速度2GMar，P的轨道半径大于Q的轨道半径，所以P的线速度比Q小，P的向心加速度比Q小，选项B、C正确；若要使Q到P的轨道上运行，需要克服引力做功，做离心运动，所以应该增加它的机械能，选项D正确。11．如图甲所示的电路中理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，A、V均为理想电表，R、L和D分别是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）、理想线圈和灯泡。原线圈接入如图乙所8示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（）A．电压u的频率为100HzB．V的示数为222VC．有光照射R时，A的示数变大D．抽出L中的铁芯，D变亮答案：CD解析：由乙图知周期为0.02s，所以频率为50Hz，所以A错误；根据变压规律和V的示数为22V，电表示数对应有效值，所以B错误；当有光照射R时，R的阻值减小，负载电流增大，所以原线圈电流增大，即电表A的示数增大，所以C正确；抽出L中的铁芯，线圈L对交流电的阻碍作用变小，所以电路中电流增大，D变亮，所以D正确。12．一运动员穿着飞翔装备从飞机上跳出后的一段运动过程可近似认为是匀变速直线运动，运动方向与水平方向成53°，运动员的加速度大小为3g/4。已知运动员（包含装备）的质量为m，则在运动员下落高度为h的过程中，下列说法正确的是（）A．运动员势能的减少量为3mgh/5B．运动员动能的增加量为3mgh/4C．运动员动能的增加量为15m