高三物理复习选择题专题(共10份)

选择题31分练(1)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合题意。1.人类发现电和磁的关系，经历了漫长的岁月，1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导线下小磁针的偏转现象，从而发现了电流的磁效应。1831年，英国物理学家法拉第发现磁铁穿过闭合线圈时，线圈中有电流产生，从而发现了电磁感应现象，下列相关说法中正确的是()A.给小磁针上方的导线通电，小磁针就会发生偏转B.导线下方小磁针偏转的角度大小只与电流的强弱有关C.线圈中感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关D.线圈的横截面积越大，磁铁穿过时产生的感应电流越大解析当小磁针的指向与磁感线平行时，因小磁针的指向与磁场方向在同一直线上，小磁针不会偏转，选项A错误；小磁针偏转的角度大小与电流的强弱和磁性有关，选项B错误；当磁铁穿过线圈的速度变大时，通过线圈的磁通量变化更快，感应电动势更大，电流更大，选项C正确；线圈的横截面积越大，但通过线圈的磁通量变化不一定越快，因此磁铁穿过时产生的感应电流不一定越大，选项D错误。答案C2.(2015·河南省豫东、豫北十校联考)如图1所示，三个相同的轻质弹簧连接在O点，弹簧1的另一端固定在天花板上，且与竖直方向的夹角为30°，弹簧2水平且右端固定在竖直墙壁上，弹簧3的另一端悬挂质量为m的物体且处于静止状态，此时弹簧1、2、3的形变量分别为x1、x2、x3，则()图1A.x1∶x2∶x3＝3∶1∶2B.x1∶x2∶x3＝2∶1∶3C.x1∶x2∶x3＝1∶2∶3D.x1∶x2∶x3＝3∶2∶1解析对物体受力分析可知kx3＝mg，对弹簧的结点受力分析可知：kx1cos30°＝kx3，kx1sin30°＝kx2，联立解得x1∶x2∶x3＝2∶1∶3答案B3.(2015·河南安阳期末)如图a、b、c、d四个点在一条直线上，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处固定有一电荷量为Q的点电荷，在d点处固定有另一个电荷量未知的点电荷，除此之外无其他电荷，已知b点处的场强为零，则c点处场强的大小为(式中k为静电力常量)()图2A.0B.15kQ4R2C.kQ4R2D.kQR2解析根据b点场强为零知kQR2＝kQ′（2R）2，得Q′＝4Q，c点的场强大小为E＝kQ′R2－kQ（2R）2＝k·15Q4R2，选项B正确。答案B4.如图3所示，两匀强磁场方向相同，以虚线MN为理想边界，磁感应强度分别为B1、B2。今有一个质量为m、电荷量为e的电子从MN上的P点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B1中，其运动轨迹是如图所示的“心”形图线。则以下说法正确的是()图3A.电子的运动轨迹沿PENCMDP方向B.电子运动一周回到P所用时间为T＝2πmB1eC.B1＝4B2D.B1＝2B2解析根据左手定则可知，电子从P点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B1时，受到的洛伦兹力方向向上，所以电子的运动轨迹应沿PDMCNEP方向，选项A错误；由题图可知，电子在匀强磁场B1中的运动半径是在匀强磁场B2中运动半径的一半，根据r＝mvBe可知，B1＝2B2，选项C错误，D正确；在整个运动过程中，电子在匀强磁场B1中运动了一个周期，在匀强磁场B2中运动了半个周期，所以T＝2πmB1e＋πmB2e＝4πmB1e，选项B错误。答案D5.如图4所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一个小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛后飞行的时间为t0。现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这个小球，则下列图象中能正确表示平抛后飞行的时间t随v变化的函数关系的是()图4解析平抛运动在竖直方向的分运动为自由落体运动，则h＝12gt20，在水平方向的分运动为匀速直线运动，则x0＝v0t0。当v＞v0时，小球将落在水平面上，设斜面的高度为h，则有t＝2hg，t为一定值，故A、B项错误；当v≤v0时，小球将落在斜面上，设斜面的倾角为θ，则有tanθ＝yx＝12gt2vt＝gt2v，解得时间t＝2vtanθg，则t∝v，C项正确，D项错误。答案C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分。6.“嫦娥三号”经一系列的变轨最终成功着陆月球，如图5为“嫦娥三号”进入月球轨道的示意图。“嫦娥三号”由圆轨道1上的P点点火减速，从而进入椭圆轨道2，且“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点。下列说法正确的是()图5A.“嫦娥三号”在P点减速，由a＝v2r可知加速度减小B.“嫦娥三号”在不同轨道上经过P点时，由a＝GMr2可知加速度相同C.“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点的过程中线速度逐渐减小D.“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点的过程中周期不断减小解析“嫦娥三号”在圆轨道1和椭圆轨道2上经过P点时，由GMmr2＝ma可知a＝GMr2，则加速度相同，A错误，B正确；由GMmr2＝mv2r＝m4π2T2r可知：v＝GMr，T＝2πr3GM，进而可知“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点的过程中，线速度逐渐增大，周期不断减小，C错误，D正确。答案BD7.(2015·长春市高中毕业班第一次调研测试)如图6所示，A为多匝线圈，与开关、滑动变阻器相连后接入M、N间的交流电源，B为一接有小灯珠的闭合多匝线圈，下列关于小灯珠发光情况的说法中正确的是()图6A.闭合开关后小灯珠可能发光B.只有闭合开关的瞬间，小灯珠才可能会发光C.若闭合开关后小灯珠发光，则再将B线圈靠近A，小灯珠更亮D.若闭合开关后小灯珠不发光，将滑动变阻器的滑片左移后，小灯珠可能会发光解析因为M、N之间接入的是交流电源，故闭合开关后，在线圈A中将通以变化的电流，产生变化的磁场，该变化的磁场使通过线圈B的磁通量发生变化，由法拉第电磁感应定律可知线圈B将产生感应电动势，因B线圈与小灯珠组成闭合回路，若产生的感应电动势足够大，则小灯珠可能会发光，选项A正确，选项B错误；若此时再将B线圈靠近线圈A，因越靠近线圈A，对应的磁场越强，磁通量的变化率会越大，线圈B中产生的感应电动势将越大，所以小灯珠会更亮，选项C正确；若闭合开关后，小灯珠不发光，则可能是产生的感应电动势过低，但将滑动变阻器的滑片向左移动，通过线圈A的电流将更小，小灯珠仍不会发光，选项D错误。答案AC8.质量m＝2kg、初速度v0＝8m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与水平面之间的动摩擦因数μ＝0.1，同时物体还受一个如图7所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向。则以下结论正确的是(取g＝10m/s2)()图7A.0～1s内，物体的加速度大小为2m/s2B.1～2s内，物体的加速度大小为2m/s2C.0～1s内，物体的位移为7mD.0～2s内，物体的总位移为11m解析0～1s内拉力F的方向水平向左，与滑动摩擦力的方向相同，由牛顿第二定律得加速度大小a1＝F＋μmgm＝4m/s2，与v0方向相反，位移x1＝v0t1－12a1t21＝6m，选项A、C错误；1～2s内，拉力F的方向水平向右，由牛顿第二定律得物体的加速度大小为a2＝F－μmgm＝2m/s2，选项B正确；1s末物体的速度为v1＝v0－a1t1＝4m/s，1～2s内物体的位移x2＝v1t2＋12a2t22＝5m，则0～2s内物体的总位移x＝x1＋x2＝11m，选项D正确。答案BD9.(2015·盐城市高三模拟)如图8所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户(电灯等用电器)，R表示输电线的电阻，则()图8A.用电器增加时，变压器输出电压增大B.要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C.用电器增加时，输电线的热损耗减少D.用电器增加时，变压器的输入功率增加解析由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输出电压，故A错误；根据变压器原理可知输出电压U2＝n2n1U1，当滑动触头P向上滑时，n2增大，所以输出电压增大，故B正确；由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线上热损耗增大，故C错误；用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故D正确。答案BD选择题31分练(2)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合题意。1.如图1所示，a、b是某电场中电场线上的两点，将一点电荷q从a移到b，电场力做功为W，且a、b间的距离为d，以下说法中正确的是()图1A.a、b间的电势差为WqB.a处的电场强度为E＝WqdC.b处的电场强度为E＝WqdD.a点的电势为Wq解析由W＝qU，得a、b间的电势差U＝Wq，故A正确；由于没有明确是否是匀强电场，因此W＝qEd不能使用，也就是说E＝Wqd在这里不能使用，故B、C均错误；在题中未给出零电势点，因此不能确定其中某点的电势的值，这里如果取b点的电势为零，a点的电势才是Wq，故D错误。答案A2.如图2所示，木块放在粗糙桌面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，木块静止时弹簧的长度小于原长。现用一轻绳通过一定滑轮施加一水平外力，当外力从0开始逐渐增大直到拉动木块，那么在木块被拉动之前的过程中，弹簧对木块的弹力FT的大小和桌面对木块的摩擦力Ff的大小的变化情况是()图2A.弹簧对木块的弹力FT先减小后增大，桌面对木块的摩擦力Ff始终不变B.弹簧对木块的弹力FT保持不变，桌面对木块的摩擦力Ff始终增大C.弹簧对木块的弹力FT保持不变，桌面对木块的摩擦力Ff先减小后增大D.弹簧对木块的弹力FT先不变后增大，桌面对木块的摩擦力Ff先增大后不变解析木块被拉动之前，弹簧的长度不变，所以弹簧对木块的弹力FT保持不变；施加外力前，弹簧被压缩，所以弹簧对木块的弹力FT方向水平向右，木块具有向右的运动趋势，桌面对木块的摩擦力Ff方向水平向左；施加外力后，在拉动之前，水平向左的摩擦力Ff的大小等于水平向右的弹力和拉力大小之和，因为拉力在逐渐增大，所以桌面对木块的摩擦力Ff始终增大，B正确。答案B3.图3甲是线圈绕垂直于磁场的轴在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交变电流图象，把该交流电压加在图乙中变压器的A、B两端。已知理想变压器原线圈Ⅰ和副线圈Ⅱ的匝数比为5∶1，交流电流表和交流电压表均为理想电表，电阻R＝1Ω，其他各处电阻不计，以下说法中正确的是()甲乙图3A.在t＝0.1s、0.5s时，穿过线圈的磁通量最大B.线圈转动的角速度为10πrad/sC.电压表的示数为2VD.电流表的示数为0.40A解析线圈绕垂直于磁场的轴在匀强磁场中匀速转动，当线圈转动到与中性面垂直的位置时，感应电动势最大，但此时的磁通量为零，选项A错误；由甲图可知，交变电流的电压峰值为Um＝102V，周期T＝0.4s，所以线圈转动的角速度ω＝2πT＝5πrad/s，选项B错误；理想变压器原线圈Ⅰ的输入电压U1＝10V，根据变压器的变压比得理想变压器副线圈Ⅱ上得到的电压U2＝n2n1U1＝2V，选项C错误；I2＝U2R＝21A＝2A，理想变压器输入功率等于输出功率，由I1U1＝I2U2，可得电流表的示数I1＝0.40A，选项D正确。答案D4.(2015·南京市高三模拟)如图4甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为30°，质量为0.3kg的小物块静止在A点。现有一沿斜面向上的恒定推力F作用在小物块上，作用一段时间后撤去推力F，小物块能达到的最高位置为C点，小物块从A到C的v－t图象如图乙所示。g取10m/s2，则下列说法正确的是()图4A.小物块到C点后将沿斜面下滑B.小物块加速时的加速度是减速时加速度的13C.小物块与斜面间的动摩擦因数为32D.推力F的大小为6N解析撤去推力F后，物块在滑动摩擦力作用下做匀减速直线运动，由v－t图象求得小物块在加速和减速两个过程中的加速度大小分别为a1＝103m/s2，a2＝10m/s2，在匀减速直线运动过程中，由牛顿第二定律可知mgsin30°＋μmgcos30°＝ma2，μ＝33，选项B正确，C错误；由