2019年安徽省江南十校联考物理参考答案

第1页共5页2019年安徽省“江南十校”综合素质检测理科综合（物理）解析及评分标准二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号1415161718192021答案ADACBACCDAB14．选A。研究原子核的结构是从发现放射性现象开始的，故D选项错误。15．选D。末速度为零的匀减速直线运动可以看作初速度为零的匀加速直线运动。16．选A。当小孩爬至最高处时，由平衡状态可知，cossinmgmg，得37，可求得最大高度为0.2R。故A选项正确。17．选C。由2RGMg可得该行星表面重力加速度是地球表面的2倍，故A选项错。由GMrT32可得在该行星上发射卫星的最小周期与地球上相同，故B选项错。由RGMv可得在该行星上发射卫星的第一宇宙速度是地球上的2倍，故C选项正确。由rTmrMmG2224可得该行星绕恒星运动轨道半径是地球绕太阳运动轨道半径的2倍，故D选项错误。18．选B。带电小球受重力和水平向右的电场力作用，把带电小球的运动分解成沿x轴方向初速度为37cos0v的匀变速直线运动，沿y轴方向初速度为37sin0v的竖直上拋运动。当沿y轴方向速度减小为0时小球达到最高点。故有：8123720.singvym，60370.singvts，602370.costvvxtm，故B选项正确。19．选AC。根据右手定则知A选项正确。由楞次定律和左手定则判断线圈进入磁场时所安培力的方向与穿出时相同，由线圈受力平衡可知静摩擦力的方向相同，故B选项错误。线圈进入磁场区域的过程中，通过导线某一横截面的电荷量RBLq2，故C选项正确。线圈经过磁场区域的过程中，电动机多消耗的电功率为RvLBvFP222，故D选项错误。20．选CD。球壳表面点A处取下面积足够小的带电量为q的曲面，相当于在球壳表面点A处放入等电荷密度、等面积的带负电荷的曲面，故球壳剩余部分的电荷在球壳内部激发的电场可以看作是两部分电荷电场的叠加，一部分是原球壳上均匀地分布的正电荷在内部激发的电场，处处为零；另一部分是球壳上位于A处的等量负点电荷激发的电场，故球壳剩余部第2页共5页分的电荷在球壳内部激发的电场就等同于只有一个负点电荷激发的电场，如图（a）所示，故B选项错误。同理，空间所有电荷在球壳内部激发的电场相当于两个等量异种电荷产生的电场，如图（b）所示，故A选项错误，C、D选项正确。21．选AB。当小球运动到某点P时，小球受到如图所示的四个力的作用，其中BPTkxF，把FT正交分解，由三个力的三角形与长度三角形𝐵CP相似可知，𝐹𝑇的水平分量FTx恒定，FT的竖直分量TyF与CP的距离CPx成线性关系，均匀增加，即杆给小球的弹力FN、滑动摩擦力Ff均保持恒定；小球在竖直固定的杆CE段的中点D点时速度最大，A对。小球在DE段所受弹力更大、力与位移之间的夹角更小，故小球损失的机械能更多，故C错。再由动能定理可知B对、D错。22.（1）0.925（2分）（2）B（3分）23.（1）0.30～0.34（2分）（2）①D（2分）②（2分）③2.90～2.92（1分）,11.6～11.7（1分）④暗（2分）24.（12分）第3页共5页解析：（1）如图所示，OMOO,则LOMR2222……………………………………………………………2分由RvmBqv200…………………………………………………………………………………2分得：qLmvqRmvB002………………………………………………………………………2分（2）带电粒子以速度v0从M点垂直进入匀强电场，过M点沿速度延长线交于y轴的M点，LMOOM，因为粒子轨迹与y轴相交于N点，由该点坐标可知：2LsMN42LsNP……………………………………………1分LsMP423…………………………………………1分联立类平抛运动两个方向的方程：tvsMP0………………………………………………1分221tmqEsPN………………………………………1分得：qLmvE92420…………………………………………2分25.（20分）解析：（1）由物体A运动到𝑥=0.1m的C处，设0101.FN；5172.FN，由图像知：1mamgFsin-1………………………………………………………………………1分1mamgmgFcos-sin-2……………………………………………………………1分可得：51am/s2，23………………………………………………………1分由212COCvxa可得物体从O点到达C点的速度1Cvm/s…………………………1分根据牛顿第二定律可知，物体在斜面上由静止开始匀加速运动0.5m后继续向上滑行的加速度大小：5122.am/s2…………………………………………………………………………1分由：21112vxa………………………………………………………………………1分2122-02-vxa…………………………………………………………………………1分得：202.xm7021.xxxODm，故𝑥𝐷=0.7m………………………………1分（2）以物体作为研究对象，分析物体在OC段：第4页共5页由动能定理得：221sinCOCFmvmgxWW弹……………………………………2分物体从C点返回到O点有：221-0sin-COCvmmgxW弹……………………2分上面两式相加可求得：0Cv………………………………………………………………………………………1分（3）根据牛顿第二定律可知，物体A沿斜面下滑的加速度大小：523.am/s2………………………………………………………………………………1分603.DCxxm由2332DCvvxa--2得：3Dvm/s………………………………………………1分由动量守恒和能量守恒：BAABvMvmMv……………………………………………………………………2分222212121BAABvMvmMv………………………………………………………………2分其中DAvv解得：332Bvm/s………………………………………………………………………1分33.（15分）（1）BDE（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。（2）（10分）解析：①等温变化以水平管右侧气柱为研究对象,设管的横截面积为S2211SLPSLP……………………………………………………………………………2分其中301Lcm，282Lcm，981PcmHg解得，1052PcmHg……………………………………………………………………1分由于水平管左右两侧压强相等，所以左侧气柱长度由15cm变为14cm……………1分则需要注入的水银柱长度10312hhhcm………………………………………1分②气体状态方程213122TSLPTSLP…………………………………………………………………………2分其中301Lcm，282Lcm，1052PcmHg，1083PcmHg，3001TK…………1分解得，3312TK………………………………………………………………………1分所以，582tC………………………………………………………………………1分34.（15分）（1）ADE（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。第5页共5页（2）（10分）解析：①由图可知，当θ=53°时发生全发射………………………………………………………2分25.153sin1sin1Cn…………………………………………………………………3分②如图所示，临界条件为入射光在光导纤维外侧面发生全发射，则RrRC2sin……………………………………………………………………………3分解得，rR10……………………………………………………………………………2分