第19届全国中学生物理竞赛预复赛试题及答案

2002年第十九届全国中学生物理竞赛预复赛试题及解答目录第十九届全国中学生物理竞赛预赛试卷·········································································1第十九届全国中学生物理竞赛预赛试题参考解答、评分标准··············································4第十九届全国中学生物理竞赛复赛试题·······································································17第十九届全国中学生物理竞赛复赛试题参考解答···························································201第十九届全国中学生物理竞赛预赛试卷题号一二三四五六七总计得分全卷共七题，总分为140分．一、（15分）今年3月我国北方地区遭遇了近10年来最严重的沙尘暴天气．现把沙尘上扬后的情况简化为如下情景：v为竖直向上的风速，沙尘颗粒被扬起后悬浮在空中（不动）．这时风对沙尘的作用力相当于空气不动而沙尘以速度v竖直向下运动时所受的阻力．此阻力可用下式表达2fAv其中为一系数，A为沙尘颗粒的截面积，为空气密度．（1）若沙粒的密度33S2.810kgm－，沙尘颗粒为球形，半径42.510mr－，地球表面处空气密度301.25kgm－，0.45，试估算在地面附近，上述v的最小值1v．（2）假定空气密度随高度h的变化关系为0(1)Ch，其中0为0h处的空气密度，C为一常量，411.1810mC－，试估算当19.0msv－时扬沙的最大高度．（不考虑重力加速度随高度的变化）二、（20分）图预19-2所示电路中，电池的电动势为E，两个电容器的电容皆为C，K为一单刀双掷开关。开始时两电容器均不带电（1）第一种情况，现将K与a接通，达到稳定，此过程中电池内阻消耗的电能等于__________；再将K与a断开而与b接通，此过程中电池供给的电能等于___________。（2）第二种情况，现将K与b接通，达到稳定，此过程中电池内阻消耗的电能等于__________；再将K与b断开而与a接通，此过程中电池供给的电能等于___________。三、（20分）据新华社报道，为了在本世纪初叶将我国的航天员送上太空，2002年3月25日22时15分，我国成功地发射了一艘无人试验飞船。在完成预定任务后，飞船于4月1日16时51分安全着陆，共绕地球飞行108圈。（1）飞船的名称是什么？（2）飞船在运行期间，按照地面指挥控制中心的指令成功地实施了数百个动作，包括从椭圆轨道变换成圆轨道等．假如把飞船从发射到着陆的整个过程中的运动都当作圆周运动处理，试粗略估计飞船离地面的平均高度．已知地球半径66.3710mR，地球表面处的重力加速度29.80msg－2002年9月2四、（20分）如图预19-4所示，三个绝热的、容积相同的球状容器A、B、C，用带有阀门K1、K2的绝热细管连通，相邻两球球心的高度差1.00mh．初始时，阀门是关闭的，A中装有1mol的氦（He）,B中装有1mol的氪（Kr）,C中装有lmol的氙（Xe），三者的温度和压强都相同．气体均可视为理想气体．现打开阀门K1、K2，三种气体相互混合，最终每一种气体在整个容器中均匀分布，三个容器中气体的温度相同．求气体温度的改变量．已知三种气体的摩尔质量分别为31He4.00310kgmol31Kr83.810kgmol31Xe131.310kgmol在体积不变时，这三种气体任何一种每摩尔温度升高1K，所吸收的热量均为3/2R，R为普适气体常量．五、（20分）图预19-5中，三棱镜的顶角为60，在三棱镜两侧对称位置上放置焦距均为30.0cmf的两个完全相同的凸透镜L1和L2．若在L1的前焦面上距主光轴下方14.3cmy处放一单色点光源S，已知其像S与S对该光学系统是左右对称的．试求该三棱镜的折射率．六、（20分）一个长为1L，宽为2L，质量为m的矩形导电线框，由质量均匀分布的刚性杆构成，静止放置在不导电的水平桌面上，可绕与线框的一条边重合的光滑固定轴ab转动，在此边中串接一能输出可变电流的电流源（图中未画出）。线框处在匀强磁场中，磁场的磁感应强度B沿水平方向且与转轴垂直，俯视图如图预19-6所示。现让电流从零逐渐增大，当电流大于某一最小值minI时，线框将改变静止状态。（1）求电流值minI。（2）当线框改变静止状态后，设该电流源具有始终保持恒定电流值0I不变（0minII）的功能。已知在线框运动过程中存在空气阻力。试分析线框的运动状况。七、（25分）如图预19-7所示，在长为0.1lm、质量为B30.0kgm的车厢B内的右壁处，放一质量A20.0kgm的小物块A（可视为质点），向右的水平拉力120.0NF作用于车厢，使之从静止开始运3动，测得车厢B在最初2.0s内移动的距离5.0ms，且在这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．假定车厢与地面间的摩擦忽略不计，小物块与车厢壁之间的碰撞是弹性的．求车厢开始运动后4.0s时，车厢与小物块的速度．4第十九届全国中学生物理竞赛预赛试题参考解答、评分标准一、参考解答（1）在地面附近，沙尘扬起要能悬浮在空中，则空气阻力至少应与重力平衡，即201Avmg①式中m为沙尘颗粒的质量，而2Ar②3s43mr③得10s43grv④代入数据得114.0msv－⑤（2）用h、h分别表示19.0msv－时扬沙到达的最高处的空气密度和高度，则有0h(1)Ch⑥此时式①应为2hAvmg⑦由②、③、⑥、⑦可解得20s4113rghCv⑧代入数据得36.810mh⑨评分标准：本题15分。1.第一小题8分。其中①式3分，②式1分，③式1分，④式2分，⑤式1分。2.第二小题7分。其中⑥式1分，⑦式1分，⑧式3分，⑨式2分。二、参考解答（1）212CE，0（2）214CE，212CE评分标准：本题20分。（1）10分。其中每个空5分。（2）10分。其中每个空5分。三、参考解答（1）神舟3号（2）设飞船飞行时间为t，绕地球飞行的圈数为N，周期为T，飞船的质量为m，离地面的平均高度为h，5地球半径为R，地球质量为M，则有tTN①222()()mMGmRhTRh②2MmGmgR③由①、②、③式解得1/322224gRthRN④由题给数据可知55.853610st，代入t及其它有关数据得52.910mh⑤评分标准：本题20分（1）4分（2）16分。其中①、②、③、④式各3分，⑤式4分（答案在52.710m～53.110m之间均给这4分）四、参考解答根据题设的条件，可知：开始时A中氦气的质量3He4.00310kgm，B中氪气的质量3Kr83.810kgm，C中氙气的质量3Xe131.310kgm。三种气体均匀混合后，A中的He有1mol3降入B中，有1mol3降入C中。He的重力势能增量为HeHeHeHe11()(2)33Emghmghmgh①B中的Kr有1mol3升入A中，有1mol3降入C中。Kr的重力势能增量为KrKrKr11()033Emghmgh②C中的Xe有1mol3升入A中，有1mol3升入B中。Xe的重力势能增量为XeXeXeXe11233Emghmghmgh③混合后，三种气体的重力势能共增加PHeKrXeXeHe()EEEEmmgh④因球与外界绝热，也没有外力对气体做功，故重力势能的增加必然引起内能的减少。在体积不变时，气体不做功。由热力学第一定律可知，此时传给气体的热量应等于气体内能的增量，但因理想气体的内能只由温度决定，与体积无关，故只要温度改变量相同，则体积不变条件下内能的增量也就是任何过程中理想气体内能的增量。根据题给的已知条件，注意到本题中所考察的理想气体共有3摩尔，故有6P332ERT⑤上式中右方为气体内能减少量，T表示气体温度的增量，由④、⑤两式得XeHe2()9mmghTR⑥将已知数据代入，注意到118.31JKmolR－－，可得23.310KT－⑦即混合后气体温度降低23.310K－（如果学生没记住R的数值，R的值可用标准状态的压强5201.01310Nmp－，温度0273.13KT和1mol理想气体在标准状态下的体积2302.2410mV－求得，即000pVRT）评分标准：本题共20分。说明经扩散使三种气体均匀混合，并导致气体重力势能改变求得④式，得8分。说明能量转换过程，由重力势能增加而内能减少，列出⑤式，得8分。得出正确结果，算出⑦式，得4分。五、参考解答由于光学系统是左右对称的，物、像又是左右对称的，光路一定是左右对称的。该光线在棱镜中的部分与光轴平行。由S射向1L光心的光线的光路图如图预解19-5所示。由对称性可知12ir①21ir②由几何关系得1260ri③由图可见11ir④又从1FSO的边角关系得7tan/yf⑤代入数值得arctan(14.3/30.0)25.49⑥由②、③、④与⑥式得130r，155.49i根据折射定律，求得11sin1.65sininr⑦评分标准：本题20分1.图预解19-5的光路图4分。未说明这是两个左右对称性的结果只给2分。2.①、②、③、④式各给2分，⑤式给3分，⑥式给1分，⑦式给4分。六、参考解答（1）解法一：导体线框放在水平桌面上，俯视图如图预解19-6-1。由图可见，在线框没动之前，线框的PQ边与PQ边平行于磁场B，因而不受磁场力。PP边受的安培力的大小为1IBL，方向垂直于桌面向下，但此力对轴的力矩为零。QQ边受的安培力的大小为1QQFIBL，方向垂直桌面向上。此力对固定轴的力矩为012MIBLL①除此力矩外，线框还受到重力矩作用。重力力矩等于重力乘线框重心（O点）到轴ab的距离，即02(/2)mgL②当0M＝0时，桌面对线框的支持力的力矩为零，0M＞0时，线框将改变静止状态，开始绕轴ab向上翘起。根据题意及①、②式，由力矩平衡原理可知122min12IBLLmgL③解得min12mgIBL④解法二：线框所受的重力矩也可以由各边对ab轴的重力矩来求。PQ边与PQ边的重心均在（2/2L）处，两条边对ab轴的合力矩为822112()2mgLLLL①QQ边对ab轴的力矩为122122()mgLLLL②故线框所受的重力矩为0122/2)mgL＝＋＝（与解法一求得的②式一致，从而求得minI与④式相同。（2）线框处于静止状态时，若电流0I比minI稍大，线框所受的电磁力矩M将大于重力矩，使线框绕ab轴向上翘起。PQ边和PQ边所受电磁力不等于零，但二者相互抵消。当保持电流值0I恒定不变时，线框将从静止状态开始绕固定轴作加速转动。在加速转动过程中，由于通过线框的磁通量发生变化，线框内将产生感应电动势，它有使线框中的电流变小的趋势，题中已设电流源有保持电流恒定不变的功能，所以当线框平面转至与桌面成角时，如图预解19-6-2a所示，线框受到的合力矩为0121cos2MIBLmgL⑤随着角逐渐增大，合力矩随之减小，但M始终大于零，因而线框仍作逆时针加速转动，角速度不断增大。当线框平面转到竖直面NN时，合力矩为零，角速度达到最大。由于惯性，线框将越过NN面作逆时针转到。此时，合力矩与线框转动方向相反，角速度将逐渐减小，合力矩的大小随着角的增大而增大，如图预解19-6-2b所示。如果没有空气阻力，