2019届河北省邯郸市大名一中高三物理二模试题答案

海量资源尽在星星文库：【答案】C【解析】解：A、质点运动速度的平方v2随位移s变化规律不是质点运动的轨迹，故A错误。BC、根据知，图线切线斜率的大小等于2a，图线切线斜率增大，则加速度增大，根据牛顿第二定律知，合力增大，故B错误，C正确。D、质点的速度增大，动能增大，重力势能的变化未知，则无法判断机械能的变化，故D错误。故选：C。速度的平方v2与位移s图线的切线斜率表示加速度，结合图线斜率的变化得出加速度的变化，从而得出合外力的变化，图线不是质点运动的轨迹．解决本题的关键能够灵活运用图象解题，知道图线切线斜率表示加速度大小的2倍，注意图线不是质点运动的轨迹．2.【答案】B【解析】解：A、根据等量异种电荷周围的电场分布情况和对称性，可知，a、b两点的电场强度的大小相等，方向相同，方向都向右，故A错误；B、根据电场线分布的对称性知c、d两点的电场强度大小相等，方向相同都垂直与中垂线，即方向也相同，故B正确；C、将一带正电的试探电荷从a点沿直线移到b点，电场力一直做正功，其电势能一直减小，故C错误；D、在两点电荷连线的中垂线上电场方向垂直于中垂线向右，所以将一检验电荷沿中垂线由c移动到d，所受电场力方向垂直于中垂线向右，电场力不做功，电势能不变，故D错误。故选：B。本题考查了等量异种电荷周围电场分布情况：在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，在两点电荷连线的中垂线上电场方向垂直于cd向右。两电荷连线的中垂线上电场强度关于O点对称，cd是一条等势线。解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线，电场线与等势面垂直。3.【答案】A【解析】解：若第一次将线框从磁场中以恒定速度v向右匀速拉出，E1=BLv=Bav第二次以同样大小的线速度v让线框转过90°。E2=N==E1=E2得：两次的速度之比为2：π。故选：A。平均感应电动势E=，瞬时感应电动势E=BLv．然后计算比较．解决本题的关键掌握平均感应电动势，瞬时感应电动势的公式．对于这些基础知识，要加强理解和应用，平时练习不可忽视．4.【答案】B【解析】解：A、小球从A至C过程，由机械能守恒定律得（以AB为参考平面）：mv02=mvC2-mgR，将v0=代入得：vC=．故A错误；B、从A至E过程，由机械能守恒定律得：mv02=mvE2+mgR，解得vE=从E点开始小球做平抛运动，则由x=vEt=•=R，小球能正好平抛落回B点，故B正确；C、因为是圆弧管，内管壁可提供支持力，所以小球在E点速度可以为零，故C错误。海量资源尽在星星文库：、若将DE轨道拆除，设小球能上升的最大高度为h，由机械能守恒得：mv02=mgh，解得h=R，故D错误。故选：B。小球从A到C过程，由机械能守恒可求得小球运动到C点时的速率；A至E过程，由机械能守恒定律求出小球通过E点的速度．从E点开始小球做平抛运动，由平抛运动的规律求出水平距离，判断能否落到B点；管道内壁可提供支持力，所以小球在E点速度可以为零．本题是平抛运动与机械能守恒定律的综合应用，它们之间的桥梁是速度．要注意管子类型与轻杆类型相似，小球通过最高点时最小速度为零．5.【答案】C【解析】解：A、线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生，环A不动。故A错误。B、通电时，使变阻器的滑片P作向右匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，回路中电流减小，线圈产生的磁场减小，穿过铜环A磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，二者相互吸引，故A向左运动。故B错误。C、通电时，使变阻器的滑片P作左加速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流。感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，二者相互排斥，环A向右运动。故C正确。D、将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，二者相互吸引，故A向左运动。故D错误。故选：C。感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化。根据这个条件分析判断有没有感应电流产生。然后根据楞次定律判断出感应电流的方向，最后使用左手定则判断出环A受力的方向。该题考查安培定则、楞次定律和左手定则的应用，一定要理解三个定律（定则）的区别，能够正确使用它们。本题也可以使用楞次定律的推广形式来处理，该方法比较简单。6.【答案】B【解析】解：A、双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，故A错误；B、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A的质量一定小于B的质量，故B正确；CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得：G=m1r1=m2r2解得周期为：T=2π，由此可知总质量一定，双星之间的距离就越小，转动周期越小，故C错误。双星的距离一定，质量越大周期越小，故D错误；故选：B。双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系。解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度。以及会用万有引力提供向心力进行求解。7.【答案】AB【解析】解：A、由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。所以可得：k△x=mg，解得：，故A正确；B、当△x=0.3m时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；C、由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为海量资源尽在星星文库：时，小球的速度最大，然后速度减小，故C错误；D、图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D错误；故选：AB。由图象可知，当△x=0.1m时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据k△x=mg求出k，再求出最低点的弹力，根据牛顿第二定律求解在最低点的加速度，与刚开始接触时比较得出什么时候加速度最大，小球和弹簧组成的系统机械能守恒。解答本题要求同学们能正确分析小球的运动情况，能根据机械能守恒的条件以及牛顿第二定律解题，知道从接触弹簧到压缩至最短的过程中，弹簧弹力一直做增大，弹簧的弹性势能一直增大。8.【答案】BC【解析】解：根据等势面与电场线的方向垂直的特点，画出两条电场线如图：对比轨迹与电场线的可得，甲偏转的方向大体向下，而乙偏转的方向大体向上，二者偏转的方向沿电场线的两个不同的方向，所以甲与乙一定带不同性质的电荷；由于不知道abc个等势面的电势的高低，所以不能判断出电场线的方向，也不能判断出甲、乙的具体的电性。故A错误；B、由题目可知，电场力对甲做的功是对乙做的功的2倍，根据电场力做功的特点：W=qU，甲的电荷量的绝对值是乙的电荷量的绝对值的2倍。故B正确；C、对比轨迹与电场线的可得，甲的轨迹的方向与受力的方向之间的夹角是锐角，所以电场力对甲做正功；而乙的轨迹方向与电场线的方向之间的夹角是钝角，所以电场力对乙做负功。故C正确；D、电势能的大小与0势能面的选取有关，由于不知道0势能面的位置，所以不能判断出甲、乙电势能绝对值的关系。故D错误。故选：BC。根据带电微粒的运动情况可以确定带电微粒的受力情况，从而确定a、b、c三个等势面的电势的高低；根据电场力做功可以确定带电微粒的动能和电势能的大小关系。解题的突破口是根据带电微粒的运动情况可以确定电荷的受力情况，从而确定电势的高低以及电势能的变化。9.【答案】BDE【解析】解：A、根据热力学第一定律△U=W+Q得物体的内能与做功和热传递有关，故一定质量的理想气体吸热时内能可以不变。故A错误。B、温度是分子的平均动能的标志，所以温度相同，平均动能一定相等；但氢气分子与氧气分子相比，氢气分子的质量小，所以相同质量的氢气的分子数比氧气的分子多，内能一定比氧气大，故B正确；C、某理想气体的摩尔体积为V0，阿伏加德罗常数为NA，可以求出该理想气体的每一个分子所占的空间为；由于气体分子之间的距离远大于分子的大小，所以气体的体积小于．故C错误D、分子之间的距离减小时，分子引力与分子斥力都增大；甲、乙两个分子在只受分子力的作用下由无穷远处逐渐靠近直到不能再靠近的过程中，开始时分子之间的作用力表现为引力，距离减小的过程中分子力做正功，分子势能减小；分子之间的距离小于平衡位置的距离时，分子力表现为斥力，距离再减小的过程中分子力做负功，分子势能增大，故D正确；E、扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息的运动。故E正确。故选：BDE。物体内能改变与做功和热传递有关。温度是分子的平均动能的标志；气体的分子之间的距离比较大；开始时分子之间距离大于r0，分子力为引力，分子相互靠近时分子力做正功，分子势能减小，当分子之间距离小于r0时，分子力为斥力，再相互靠近分子力做负功，分子势能增大，因此根海量资源尽在星星文库：据分子力做功情况可以分析分子势能的变化。布朗运动是固体小颗粒的运动，分子在做永不停息的无规则运动。本题考查的知识点比较多，关键是分子势能：可以通过分子力做功情况判断分子势能变化也可以根据分子势能与分子之间距离的变化情况直接判断分子势能的变化。10.【答案】√3不能【解析】解：根据几何关系得，光在AB面上的入射角i=60°，折射角r=30°根据折射定律得：介质的折射率n==设介质的临界角为C，则sinC==，由几何知识可知，光在BC面上的入射角为30°因为sin30°＜sinC=，所以光在BC面上的入射角小于临界角，则折射光在BC面上不能发生全反射．故答案为：、不能通过几何关系求出入射角和折射角，通过折射定律求出折射率，再根据sinC=，求出临界角C，通过光在BC面上入射角的大小与临界角进行比较，从而判断是否发生全反射．本题考查几何光学问题，关键要运用数学几何知识求解入射角和折射角，要掌握折射定律、全发射的条件．11.【答案】20避免弹簧自身所受重力对实验的影响弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦【解析】解：（1）用平滑的曲线将各点连接起来，如图所示：弹簧的原长L0即为弹力为零时弹簧的长度，由图象可知，L0=5×10-2m=5cm。劲度系数为图象直线部分的斜率，k==20N/m。优点是：避免弹簧自身所受重力对实验的影响；缺点是：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。故答案为：（1）20；（2）避免弹簧自身所受重力对实验的影响；弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦作出F-L的关系图线。当弹簧弹力为零时，弹簧处于原长，结合图线得出弹簧的原长，根据图线的斜率求出劲度系数的大小。误差分析。本题考查了学生设计的能力和作图的能力，知道F-L图线的斜率表示劲度系数。注意掌握分析误差的形成原因12.【答案】A21𝑏𝑘𝑏电压表分流【解析】解：（1）电压表量程是3V，通过待测电阻的最大电流I===0.0015A=1.5mA，因此电流表应选电流表A2（量程2mA，电阻RA2约为50Ω）；待测电阻R0阻值约为2kΩ，滑动变阻器R1（0～40Ω，额定电流1A）与电阻箱R2（0～999.9Ω）最大阻值均小于待测电阻阻值，变阻器采用限流接法时待测电阻电压与电流变化范围较小，不能测多组实验数据，为测多组实验数据，减小实验误差，滑动变阻器应采用分压接法；==40，==2，＞，电流表应该采用内接法，实物电路图如图所示．（2）由图乙所示电路可知，E=U+Ir=U+r，则=+，因此图象的纵轴截距b=，电动势E=，图象的斜率k=，则电源内阻r=kE=；由图乙所示可知，由于电压表分流，使实验的测量值偏小．故答案为：（1）A2；电路图如图所示；（2）；；电压表的分流．（1）根据通过待测电阻的最大电流选择电流表；为准确测量电