四川省成都七中2020届高三物理零诊试题(含解析)

四川省成都七中2020届高三物理零诊试题（含解析）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题目要求．1.下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（）A.图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成功解释了光电效应B.图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率是不连续的C.图丙：卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子αD.图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性【答案】B【解析】【详解】A.普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，爱因斯坦成功的解释了光电效应现象，A错误B.波尔提出自己的原子模型，他指出氢原子能级是分立的，解释了原子发射光子的频率是不连续的，B正确C.卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，提出了自己的原子核式结构模型，C错误αD.衍射是波的典型特征，根据电子束通过铝箔后的衍射图样，说明电子具有波动性，D错误2.如图所示是高压电场干燥中药技术基本原理图，在大导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生较强的电场.水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电，另一端带等量负电；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而加速干燥．图中虚线ABCD是某一水分子从A处由静止开始的运动轨迹.下列说法正确的是A.A处的电场强度大于D处B.B处的电势高于C处C.水分子做匀变速运动D.水分子由A运动到C的过程中电势能减少【答案】D【解析】由于A处的电场线较D处稀疏，故A处的电场强度小于D处，选项A错误；顺着电场线电势降低，故B处的电势低于C处，选项B错误；由于电场的分布不均匀，由图可知，上端的电场强度大于下端电场强度，根据F=qE可得，水分子运动时受到电场力大小不相等，不可能做匀变速运动，故C错误；水分子由A运动到C的过程中，电场力做正功，电势能减少，故D正确；故选D.3.如图所示电路中，电源内阻为r，电流表A和电压表V均为理想电表．平行板电容器C内部有一个用绝缘细线悬挂的带电小球，稳定时细线偏离竖直方向一个小角度，当滑动变阻器滑片P从右端向左端滑动的过程中，下列说法正确的是A.电流表示数增大B.电压表示数增大C.细线与竖直方向的偏角减小D.滑片P移动中可能有两个位置使电源输出功率相等【答案】D【解析】【详解】AB、当滑动变阻器的触头P从右端滑至左端的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，滑动变阻器与灯L并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I增大，路端电压减小，则电压表V的示数减小，滑动变阻器与灯L并联的电压减小，通过灯L的电流减小，电流表示数减小，故A、B错误；0()UEIRr并C、电容器C的电压，I增大，UC增大，根据和可电场力增大，根0CUIRCUEdFqE据平衡条件可知线与竖直方向的偏角增大，故C错误；D、若电源内阻的阻值大于电阻R0的阻值，当滑动变阻器的触头P从右端滑至左端的过程中，可能会外电阻先大于电源内阻后小于电源内阻，则有电源输出功率先增大后减小，所以滑片P移动中可能有两个位置使电源输出功率相等，故D正确；故选D．4.如图所示，变压器原、副线圈上有L1、L2、L3、L4四只灯泡，它们的规格都是“9V，12W”，当在该变压器cd端输入交变电压u（u–t图象如图所示）时，四只灯泡都正常发光，各电表均为理想交流电表．以下说法正确的是A.ab端输入电压的瞬时值表达式为uab＝27sinl00πt（V）2B.原、副线圈匝数比4:1C.流过灯泡L2的电流方向每秒钟改变50次D.电流表的示数为4A，ab端输入的功率Pab＝48W【答案】D【解析】【详解】由输入端交变电压u的图象，可求出有效值27V，灯泡规格都是“9V，12W”，四只灯泡都正常发光，所以ab端输入电压的有效值是27V+9V＝36V，交流电的周期是0.02s，所以ab端输入电压的瞬时值表达式为，故A错误；四只灯泡=362sin100πtabU都正常发光，所以副线圈电压为9V，根据理想变压器电压比规律得出变压器原，副线圈匝数比为3:1，故B错误；由图象知交流电的周期为0.02s，交流电的频率为50Hz，流过灯L2的电流每秒钟方向改变100次，故C错误；电流表的读数为，ab端输入12=3A=4 A9I的功率Pab＝4×12W＝48W，故D正确．5.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路．将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态．下列说法正确的是（）A.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动【答案】AD【解析】【详解】A．断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A正确；BC．开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态，BC错误；D．开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D正确．6.如图所示，螺线管的匝数为1000、横截面积为10cm2电阻为1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=5Ω、R2=4Ω．向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图所示的规律变化，则下列说法正确的是（）A.0~1s内，螺线管产生的感应电动势为4×10－3VB.1s~2s内，R2中通过的电流方向向右C.1s~2s内，电路中通过的电流为0.3AD.1s~2s内，R1两端的电压为3V【答案】D【解析】【分析】利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律联合分析即可求解；【详解】A、在0~1s内，由法拉第电磁感应定律可知，螺线管产生的感应电动势为：，故选项A错误；31116210001.01041BEnSVVtB、在1s~2s内，磁感应强度减小，穿过螺线管的磁通量减少，根据楞次定律可判断，中2R通过的电流方向向左，故选项B错误；C、在1s~2s内，螺线管产生的感应电动势为：，根据闭合电路的欧姆定律有3222610001.01061BEnSVVt，两端的电压为，故选项C错误，D正确．2120.6EIARRr1R113UIRV【点睛】此题要求重点掌握：法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，并能熟练运用．7.如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成角，M、P两端接一电阻为R的定值电阻，电阻为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．时对金属棒施加一平行于导轨0t向上的外力F，使金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过定值电阻R的电荷量q随时间的平方变化的关系如图乙所示．下列关于穿过回路的磁通量、金属棒的加速度2tabPMaa、外力F、通过电阻R的电流I随时间t变化的图象中正确的是A.B.C.D.【答案】C【解析】由图看出，q=kt2，则,即通过R的感应电流随时间t增大，根据法拉第电磁感应qIktt定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，Φ-t应是曲线．故A错误．设金属棒长为L．由乙图象得，，k是比例系数．知加速度不变，故B错误；22BLvBLaqItttktRrRr由牛顿运动定律知F-F安-mgsinθ=ma，知，v随时间均匀增大，22BLvFmgsinmaRr其他量保持不变，故F随时间均匀增大，故C正确；通过导体棒的电流，BLvBLaItRrRr＝I-t图象为过原点直线，故D错误；故选C.点睛：对于图象问题一定弄清楚两坐标轴的含义，尤其注意斜率、截距的含义，对于复杂的图象可以通过写出两坐标轴所代表物理量的函数表达式进行分析.8.水平面上的三点A、O、B在一条直线上，OB=2OA，OO＇是竖直的分界线，其左边区域内有水平向右的匀强电场，场强大小为E1=，其右边区域内有水平向左的匀强电场，场强mgq大小为E2，现将一带电量为q的小球从A点以初速度v0竖直向上抛出，小球在空中越过分界线后，竖直向下落在B点，不计阻力，重力加速度大小为g，则下列说法正确的是：A.小球在B点的电势能大于在A点的电势能B.小球经过分界线时的速度与水平方向夹角的正切值tan=12C.小球经过分界线时离水平面的高度为2023vgD.左右两区域电场强度大小的比值为E1:E2=1:2【答案】B【解析】【详解】小球只受重力和电场力作用，故竖直方向做加速度为g的匀变速运动，又有A、B两点的高度相等，故竖直方向的速度大小相等；根据B点速度竖直向下可得：小球落在B点时的速度大小等于v0，则小球在空中运动的总时间为；小球在水平方向只受电场力02vtg作用，做匀变速运动；故在OO'左侧做加速度的匀加速运动，在右侧做加速度11qEagm＝的匀减速运动；设在左侧运动时间为t1，在右侧运动时间为t2；则有：t1+t2＝22qEam＝，a1t1=a2t2；又有OB=2OA，所以，a1t1t2-a2t22＝2×a1t12；所以，02 vg1212t2＝2t1＝，E1：E2=a1：a2=t2：t1=2：1；故D错误；小球在竖直方向做竖直上抛运动，04 3vg故经过分界线时离水平面的高度为h＝v0t1−gt12＝，故C错误；122211()3369xxxxxx小球经过分界线时的水平速度vx=a1t1=v0；竖直速度：，则速度与水平2301013yvvgtv方向夹角θ的正切值，选项B正确；根据E1：E2=2：1，OB=2OA，由U=Ed可1tan2yxvv得：A、B两点电势相等，故电势能相等，故A错误；故选B．二、本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9.下列说法中正确的是（　　）A.雷达是利用声波的反射来测定物体的位置的B.光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物C.变化的电场产生变化的磁场，变化的磁场产生变化的电场，反映了电和磁是密不可分的D.火车以接近光速通过站台时，火车上乘客观察到站在站台上的旅客身高不变【答案】BD【解析】【详解】A.雷达是利用电磁波的反射来测定物体位置的，故A与题意不相符；B.光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物，利用了激光的频率单一性的特点，故B项与题意相符；C.根据麦克斯韦电磁场理论可知，均匀变化的磁场产生恒定的电场，均匀变化的电场产生恒定的磁场，故C项与题意不相符；D.根据尺缩效应，沿物体运动的方向上的长度将变短，火车以接近光束通过站台时，车上乘客观察到站在站台上旅客变瘦，而不是变矮，故D项与题意相符．10.如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成角的方向垂直射入磁场，甲粒子垂直于bc边离开磁场，乙粒子从ad边的中点30离开磁场．已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为1：2，质量之比为1：2，不计粒子重力．以下判断正确的是（　　）A.甲粒子带负电，乙粒子带正电B.甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍C.甲粒子在磁场中的运动弧长是乙粒子在磁场中运动弧长的倍3D.如果改变入射速度大小，甲粒子有可能从ab边射出，乙粒子不可能从bc边射出【答案】BC【解析】【详解】A.由甲粒子垂直于bc边离开磁场可知，甲粒子向上偏转，所以甲粒子带正电，由粒子从ad边的中点离开磁场可知，乙粒子向下偏转，所以乙粒子带负电，故A项与题意不相符；B.设磁场区域的边长为L，由几何关系可