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2020年高考虽然延期一个月,但是练习一定要跟上,加油!一、选择题(每小题5分,共60分)1.已知集合M={x|-1<x<2},N={y|y=21x2-1,x∈M},则M∩N为A.{a|-1≤a<2}B.{a|-1<a<2}C.{a|-1<a<1}D.解析:y=21x2-1,x∈(-1,2).所以y∈[-1,1).答案:C2.设x、y∈R,那么|x|<1且|y|<1是0<xy<1成立的____________条件.A.充分不必要B.必要不充分C.充要D.既不充分也不必要解析:设x=-21,y=0,则xy=0.不能推出0<xy<1;设x=2,y=31满足0<xy<1,不能推出|x|<1且|y|<1.答案:D3.不等式(x+1)1x≥0的解集是A.{x|x>1}B.{x|x≥1}C.{x|x≥1或x=-1}D.{x|x≥-1或x=1}解析:∵1x≥0,∴x≥1.又∵x+1=0,不等式成立.∴x=-1.选C.答案:C4.已知方程x2+(m+2)x+m+5=0有两个正实根,则实数m的取值范围是A.m<-2B.m≤-4C.m>-5D.-5<m≤-4解析:05020mmΔ)(-5<m≤-4.答案:D5.已知函数y=lg(x2-2kx+k)的值域为R,则k的取值范围是A.0<k<1B.0≤k≤1C.k≤0或k≥1D.k=0或k≥1解析:Δ≥0k≥1或k≤0.答案:C6.x、y∈R,x2+y2=1,那么(1-xy)(1+xy)有A.最小值43和最大值1B.最小值21和最大值1C.最小值43无最大值D.最小值21无最大值解析:令x=cosθ,y=sinθ,则(1-xy)(1+xy)=1-x2y2=1-41sin22θ.∵0≤sin22θ≤1,∴43≤1-41sin22θ≤1.答案:A7.当x∈R+时,下列函数中,最小值为2的是A.y=x2-2x+4B.y=x+x16C.y=22x+212xD.y=x+x1解析:y=x2-2x+4=(x-1)2+3≥3,y=x+x16≥8,y=22x+212x.∵22x≥2,∴y>2.故选D.答案:D8.已知a2<x<a,M=logax2,N=loga(logax),P=(logax)2,则A.M>N>PB.P>M>NC.M>P>ND.N>M>P解析:∵a2<a,∴0<x<a<1.∴logax>1,N=loga(logax)<0,2logax>logax·logax,即M>P.∴M>P>N.答案:C9.已知f(x)=ax,g(x)=bx,当f(x1)=g(x2)=3时,x1>x2,则a与b的大小关系不可能成立的是A.b>a>1B.a>1>b>0C.0<a<b<1D.b>1>a>0解析:x1=loga3,x2=logb3.当b>1>a>0时,x1<0,x2>0与x1>x2矛盾.选D.答案:D10.已知函数f(x)、g(x)(x∈R),设不等式|f(x)|+|g(x)|<a(a>0)的解集是M,不等式|f(x)+g(x)|<a(a>0)的解集是N,则A.NMB.M=NC.MND.MN解析:任取x0∈M,则|f(x0)+g(x0)|≤|f(x0)|+|g(x0)|<a.∴x0∈N.但任取x1∈N,有|f(x1)+g(x1)|<a,得不到|f(x1)|+|g(x1)|<a.故MN.选C.答案:C11.某工厂第一年年产量为A,第二年的增长率为a,第三年的增长率为b,这两年的平均增长率为x,则A.x=2baB.x≤2baC.x>2baD.x≥2ba解析:A(1+x)2=A(1+a)(1+b),∴(1+x)2≤(211ba)2.∴1+x≤1+2ba,x≤2ba.答案:B12.线段|AB|=4,M为AB的中点,动点P满足条件|PA|+|PB|=6,当P点在同一平面内运动时,|PM|的最大值M、最小值m分别是A.M=4,m=3B.M=3,m=5C.M=5,m=5D.M=3,m=3解析:P点轨迹是以A、B为焦点的椭圆,M是其中心,由解析几何知识知选B.答案:B二、填空题(每小题4分,共16分)13.若a、b∈R,且a+b+3=ab,则ab的取值范围是____________.解析:ab≤(2ba)2,∴a+b+3≤(2ba)2.∴a+b≥6或a+b≤-2.∴ab≥9或ab≤1.答案:(-∞,1]∪[9,+∞)14.若2x+4y=1,则x2+y2的最小值为____________.解析:x2+y2=(-2y+21)2+y2=5y2-2y+41=5(y-51)2+201≥201.答案:20115.已知偶函数f(x)在[0,+∞)上为增函数,那么不等式f(x)>f(2-x)的解集是____________.解析:∵f(x)为偶函数,则f(|x|)>f(|2-x|),即|x|>|2-x|,得{x|x>1}.答案:{x|x>1}16.关于x的方程x2+(a2-1)x+a-2=0的两根满足(x1-1)(x2-1)<0,则a的取值范围是____________.解析:(x1-1)(x2-1)<0一根大于1,一根小于1.令f(x)=x2+(a2-1)x+a-2,则f(1)<0.∴-2<a<1.答案:-2<a<1三、解答题(本大题共6小题,共74分)17.(12分)当|x-2|<a时,不等式|x2-4|<1成立,求正数a的取值范围.解:由|x-2|<a,得2-a<x<2+a.由|x2-4|<1,得-5<x<-3或3<x<5.∴(2-a,2+a)(-5,-3)∪(3,5).∴32520aaa,,或.52320aaa,,∴0<a<5-2.18.(12分)已知a、b、c为不等正数,且abc=1,求证:a+b+c<a1+b1+c1.证明:结论a+b+c<bc+ac+ab2a+2b+2c<2bc+2ac+2ab.因为a、b、c为不等正数且abc=1,所以bc+ac>22abc=2c.ac+ab>2a,ab+bc>2b.所以2a+2b+2c<2bc+2ac+2ab.所以原不等式成立.19.(12分)解不等式组.2|1|021|2|2xyxxy,其中x、y都是整数.解:原不等式组可化为.0|1|20|2|212xyxxy,得-21<y<2.∴y=0或1.当y=0时,.2|1|21|2|2xxx,解得.0200yxyx,;,当y=1时,.1|1|23|2|2xxx,解得.11yx,综上,.110200yxyxyx,;,;,20.(12分)学校食堂定期从某粮店以每吨1500元的价格买大米,每次购进大米需支付运输劳务费100元,已知食堂每天需用大米1t,贮存大米的费用为每吨每天2元,假定食堂每次均在用完大米的当天购买.(1)该食堂每隔多少天购买一次大米,能使平均每天所支付的费用最少?(2)粮店提出价格优惠条件:一次购买量不少于20t时,大米价格可享受九五折优惠(即是原价的95%),问食堂可否接受此优惠条件?请说明理由.解:设该食堂每隔x天购买一次大米,则每次购买xt,设每吨每天所支付的费用为y元,则(1)y=x1[1500x+100+2(1+2+…+x)]=x+x100+1501≥1521,当且仅当x=x100,即x=10时取等号.故该食堂每隔10天购买一次大米,能使平均每天所支付的费用最少.(2)y=x1[1500x·0.95+100+2(1+2+…+x)](x≥20)=x+x100+1426,函数y在[20,+∞)上为增函数,∴y≥20+20100+1426=1451.而1451<1521,故食堂可接受粮店的优惠条件.21.(12分)设二次函数f(x)=ax2+bx+c(a、b、c∈R且a≠0),若函数y=f(x)的图象与直线y=x和y=-x均无公共点.(1)求证:4ac-b2>1;(2)求证:对一切实数x,恒有|ax2+bx+c|>||41a.证明:(1)方程ax2+bx+c=x和ax2+bx+c=-x均无实根,即②)(①,)(.04104122acbacb①+②得4ac-b2>1.(2)由4ac-b2>1,知a(x+ab2)2与abac442同号.所以|ax2+bx+c|=|a(x+ab2)2+abac442|=|a(x+ab2)2|+|abac442|≥|abac442|>||41a.22.(14分)已知二次函数f(x)=ax2+bx+c(a、b、c∈R,a>0),设方程f(x)=x的两个实数根为x1、x2.(1)如果x1<2<x2<4,设f(x)的对称轴是x=x0,求证:x0>-1;(2)如果|x1|<2,|x2-x1|=2,求b的取值范围.(1)证明:设g(x)=f(x)-x=ax2+(b-1)x+1.∴.0112121axxabxx,x1<2<x2<4.∴(x1-2)(x2-2)<0,即x1x2<2(x1+x2)-4.于是x0=-ab2=21(-ab1-a1)=21(x1+x2)-21x1x2>21(x1+x2)-(x1+x2)+2=-21(x1+x2)+2>-21(2+4)+2=-1,即x0>-1.(2)解:由方程g(x)=ax2+(b-1)x+1=0,可知x1x2=a1>0,∴x1、x2同号.若0<x1<2,则x2-x1=2,∴x2=x1+2>2.g(2)=4a+2b-1<0.①又|x2-x1|2=(x1+x2)2-4x1x2=221ab)(-a4=2.∴2a+1=112)(b,代入①式得2112)(b<3-2b.②解②得b<41.若-2<x1<0,则x2=-2+x1<-2.∴g(-2)=4a-2b+3<0.③将2a+1=112)(b代入③式得2112)(b<2b-1.④解④得b>47.综上,可知b<41或b>47.
本文标题:2020高考复习数学:不等式(附答案)
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