奥数全年级一百七十九专题题库学生版732加乘原理之数字问题一学生版

1.复习乘法原理和加法原理；2.培养学生综合运用加法原理和乘法原理的能力．3.让学生懂得并运用加法、乘法原理来解决问题，掌握常见的计数方法，会使用这些方法解决问题．在分类讨论中结合分步分析，在分步分析中结合分类讨论；教师应该明确并强调哪些是分类，哪些是分步．并了解与加、乘原理相关的常见题型：数论类问题、染色问题、图形组合．一、加乘原理概念生活中常有这样的情况：在做一件事时，有几类不同的方法，在具体做的时候，只要采用其中某一类中的一种方法就可以完成，并且这几类方法是互不影响的．那么考虑完成这件事所有可能的做法，就要用到加法原理来解决．还有这样的一种情况：就是在做一件事时，要分几步才能完成，而在完成每一步时，又有几种不同的方法．要知道完成这件事情共有多少种方法，就要用到乘法原理来解决．二、加乘原理应用应用加法原理和乘法原理时要注意下面几点：⑴加法原理是把完成一件事的方法分成几类，每一类中的任何一种方法都能完成任务，所以完成任务的不同方法数等于各类方法数之和．⑵乘法原理是把一件事分几步完成，这几步缺一不可，所以完成任务的不同方法数等于各步方法数的乘积．⑶在很多题目中，加法原理和乘法原理都不是单独出现的，这就需要我们能够熟练的运用好这两大原理，综合分析，正确作出分类和分步．加法原理运用的范围：完成一件事的方法分成几类，每一类中的任何一种方法都能完成任务，这样的问题可以使用加法原理解决．我们可以简记为：“加法分类，类类独立”．乘法原理运用的范围：这件事要分几个彼此互不影响．．．．的独立步骤．．．．来完成，这几步是完成这件任务缺一不．．．可的．．，这样的问题可以使用乘法原理解决．我们可以简记为：“乘法分步，步步相关”．【例1】由数字1，2，3可以组成多少个没有重复数字的数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】2星【题型】解答【解析】因为有1，2，3共3个数字，因此组成的数有3类：组成一位数；组成二位数；组成三位数．它们的和就是问题所求．⑴组成一位数：有3个；⑵组成二位数：由于数字可以重复使用，组成二位数分两步完成；第一步排十位数，有3种方法；第二步排个位数也有3种方法，因此由乘法原理，有326个；⑶组成三位数：与组成二位数道理相同，有326个三位数；所以，根据加法原理，一共可组成36615个数．教学目标例题精讲知识要点7-3-2.加乘原理之数字问题（一）【答案】15【例2】用数字1，2，3可以组成6个没有重复数字的三位数，这6个数的和是。【考点】加乘原理之综合运用【难度】2星【题型】填空【关键词】希望杯，4年级，1试【解析】（1+2+3)×2×111=1332.【答案】1332【巩固】由数字0，3，6组成的所有三位数的和是__________。【考点】加乘原理之综合运用【难度】2星【题型】填空【关键词】希望杯，四年级，二试，第6题【解析】由数字0，3，6组成的所有三位数有306，360，603，630，它们的和为：3063606036301899。【答案】1899【例3】由数字0，1，3，9可以组成多少个无重复数字的自然数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】2星【题型】解答【解析】满足条件的数可以分为4类：一位、二位、三位、四位数．第一类，组成0和一位数，有4个（0不是一位数，最小的一位数是1）；第二类，组成二位数，有339个；第三类，组成三位数，有33218个;第四类，组成四位数，有332118个．由加法原理，一共可以组成49181849个数．【答案】49【例4】用数字0，1，2，3，4可以组成多少个小于1000的自然数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】小于1000的自然数有三类．第一类是0和一位数，有5个；第二类是两位数，有4520个；第三类是三位数，有455100个，共有520100125个．【答案】125【例5】用数码0，1，2，3，4，可以组成多少个小于1000的没有重复数字的自然数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】分为三类，一位数时，0和一位数共有5个；二位数时，为4416个，三位数时，为：44348个，由加法原理，一共可以组成5164869个小于1000的没有重复数字的自然数．【答案】69【例6】用0～9这十个数字可组成多少个无重复数字的四位数．【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】无重复数字的四位数的千位、百位、十位、个位的限制条件：千位上不能排0，或说千位上只能排1～9这九个数字中的一个.而且其他位置上数码都不相同，下面分别介绍三种解法.（方法一）分两步完成：第一步：从1～9这九个数中任选一个占据千位，有9种方法；第二步：从余下的9个数（包括数字0）中任选3个占据百位、十位、个位，百位有9种.十位有8种，个位有7种方法；由乘法原理，共有满足条件的四位数9×9×8×7=4536个．（方法二）组成的四位数分为两类：第一类：不含0的四位数有9×8×7×6=3024个；第二类：含0的四位数的组成分为两步：第一步让0占一个位有3种占法，（让0占位只能在百、十、个位上，所以有3种）第二步让其余9个数占位有9×8×7种占法.所以含0的四位数有3×9×8×7=1512个．由加法原理，共有满足条件的四位数3024+1512=4536个．【答案】4536【巩固】用0，1，2，3四个数码可以组成多少个没有重复数字的四位偶数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】分为两类：个位数字为0的有326个，个位数字为2的有224个，由加法原理，一共有：6410个没有重复数字的四位偶数．【答案】10【例7】在2000到2999这1000个自然数中，有多少个千位、百位、十位、个位数字中恰有两个相同的数？【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】若相同的数是2，则另一个2可以出现在个、十、百位中的任一个位置上，剩下的两个位置分别有9个和8个数可选，有3×9×8=216（个）；若相同的数是1，有3×8＝24（个）；同理，相同的数是0，3，4，5，6，7，8，9时，各有24个，所以，符合题意的数共有216＋9×24=432（个）．【答案】432【例8】在1000至1999这些自然数中个位数大于百位数的有多少个?【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】(方法一)解决计数问题常用分类讨论的方法．设在1000至1999这些自然数中满足条件的数为1abc(其中ca)；(1)当0a时，c可取1～9中的任一个数字，b可取0～9中的任一个数字，于是一共有91090个．(2)当1a时，c可取2～9中的任一个数字，b仍可取0～9中的任一个数字，于是一共有81080个．(3)类似地，当a依次取2，3，4，5，6，7，8时分别有70，60，50，40，30，20，10个符合条件的自然数．所以，符合条件的自然数有9080702010450个．(方法二)1000至1999这1000个自然数中，每10个中有一个个位数等于百位数，共有100个；剩余的数中，根据对称性，个位数大于百位数的和百位数大于个位数的一样多，所以总数为(1000100)2450个.【答案】450【例9】某人忘记了自己的密码数字，只记得是由四个非0数码组成，且四个数码之和是9．为确保打开保险柜至少要试多少次？【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】四个非0数码之和等于9的组合有1，1，1，6；1，1，2，5；1，1，3，4；1，2，2，4；1，2，3，3；2，2，2，3六种．第一种中，只要考虑6的位置即可，6可以随意选择四个位置，其余位置方1，共有4种选择．第二种中，先考虑放2，有4种选择，再考虑5的位置，有3种选择，剩下的位置放1，共有4×3=12种选择，同理，第三、第四、第五种都有12种选择，最后一种与第一种相似，3的位置有四种选择，其余位置放2，共有4种选择.由加法原理，一共可以组成4+12+12+12+12+4=56个不同的四位数，即为确保打开保险柜至少要试56次．【答案】56【例10】将1到35这35个自然数连续地写在一起，够成了一个大数：1234567891011……333435，则这个大数的位数是。【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】填空【关键词】希望杯，4年级，1试【解析】这个数的位数与数码的总共个数有关系，从1到9都是一位数，则共有9个数码，从10到35全市两位数，则共有26252（个）数码，那么位数就共有95261（位）。【答案】61【例11】如图，《希望杯数学能力培训教程（四年级）》一书有160页，在它的页码中，数字“2”共出现了次。【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】填空【关键词】希望杯，4年级，1试【解析】十位上是2的有20个（含有22和122），个位上是2的有14个（除了22和122），所以共有34个数。【答案】34个【例12】按照中国篮球职业联赛组委会的规定，各队队员的号码可以选择的范围是0～55号，但选择两位数的号码时，每位数字均不能超过5.那么，可供每支球队选择的号码共（）个.（A）34(B)35(C)40(D)56【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】选择【关键词】华杯赛，初赛，第3题【解析】根据题意，可供选择的号码可以分为一位数和两位数两大类，其中一位数可以为0~9，有10种选择；两位数的十位可以为1~5，个位可以为0~5，根据乘法原理，两位数号码有5×6=30种选择。所以可供选择的号码共有10+30=40种。【答案】C种【例13】从1到100的所有自然数中，不含有数字4的自然数有多少个?【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】从1到100的所有自然数可分为三大类，即一位数，两位数，三位数．一位数中，不含4的有8个，它们是1、2、3、5、6、7、8、9；两位数中，不含4的可以这样考虑：十位上，不含4的有1、2、3、5、6、7、8、9这八种情况．个位上，不含4的有0、1、2、3、5、6、7、8、9这九种情况，要确定一个两位数，可以先取十位数，再取个位数，应用乘法原理，这时共有8972个数不含4．三位数只有100．所以一共有889181个不含4的自然数．【答案】81【巩固】从1到500的所有自然数中，不含有数字4的自然数有多少个?【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】从1到500的所有自然数可分为三大类，即一位数，两位数，三位数．一位数中，不含4的有8个，它们是1、2、3、5、6、7、8、9；两位数中，不含4的可以这样考虑：十位上，不含4的有1、2、3、5、6、7、8、9这八种情况．个位上，不含4的有0、1、2、3、5、6、7、8、9这九种情况，要确定一个两位数，可以先取十位数，再取个位数，应用乘法原理，这时共有8×9=72个数不含4．三位数中，小于500并且不含数字4的可以这样考虑：百位上，不含4的有1、2、3、这三种情况．十位上，不含4的有0、1、2、3、5、6、7、8、9这九种情况，个位上，不含4的也有九种情况．要确定一个三位数，可以先取百位数，再取十位数，最后取个位数，应用乘法原理，这时共有399243个三位数．由于500也是一个不含4的三位数．所以，1～500中，不含4的三位数共有3991244个．所以一共有8893991324个不含4的自然数．【答案】324【巩固】从1到300的所有自然数中，不含有数字2的自然数有多少个?【考点】加乘原理之综合运用【难度】3星【题型】解答【解析】从1到300的所有自然数可分为三大类，即一位数，两位数，三位数．一位数中，不含2的有8个，它们是1、3、4、5、6、7、8、9；两位数中，不含2的可以这样考虑：十位上，不含2的有1、3、4、5、6、7、8、9这八种情况．个位上，不含2的有0、1、3、4、5、6、7、8、9这九种情况，要确定一个两位数，可以先取十