高三物理力电综合练习卷

高三物理力电综合练习卷学号姓名1、特技演员从高处跳下，要求落地时必须脚先着地，为尽量保证安全，他落地时最好是采用哪种方法（）A、让脚尖先着地，且着地瞬间同时下蹲B、让整个脚板着地，且着地瞬间同时下蹲C、让整个脚板着地，且着地瞬间不下蹲D、让脚跟先着地，且着地瞬间同时下蹲2、关于能源的开发和利用，您认为以下哪些观点是错误的：（）A、能源是有限的，无节制的利用常规能源，如石油之类，是一种盲目的短期行为；B、根据能量守恒定律，担心能源枯竭实在是一种杞人忧天的表现；C、能源的开发利用，必须要同时考虑其对环境的影响；D、通过核聚变和平利用核能是目前开发新能源的一项有效途径。3、质量为m的小球用长为L的轻绳悬挂在O点，小球在水平拉力F的作用下，从平衡位置P缓慢地移动到Q点，如图所示，则拉力F做的功大小是（）A、mgLcosθB、mgL(1－cosθ)C、FLsinθD、FLcosθ4、如右图所示，完全相同的直角三角形滑块A、B，按右图所示叠放，设A、B接触的斜面光滑，A与桌面的动摩擦因数为μ，现在B上作用一水平推力F，恰好使A、B一起在桌面上匀速运动，且A、B保持相对静止，则A与桌面的动摩擦因数μ跟斜面倾角θ的关系为（）A、μ=tanθB、μ=tanθ/2C、μ=2tanθD、μ与θ无关5、如右图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A、三个等势面中，a的电势最高B、带电质点通过P点时电势能较大C、带电质点通过P点时的动能较大D、带电质点通过P点时的加速度较大6、如右图所示，当滑动变阻器滑动触点向b移动时，以下说法正确的是（）A、电压表的读数增大，电流表的读数减小B、电压表和电流表的读数都增大C、电压表和电流表的读数都减小D、电压表的读数减小，电流表的读数增大7、如右图所示电路，电感线圈电阻不计，若从开关S断开瞬间计时，以下说法正确的是（）A、t=0时，电容器C上板带正电，下板带负电B、t=2LC时刻，线圈L的感应电动势最大C、t=2LC时刻,流过线圈L的电流最大，方向在图中为自下而上通过线圈LD、t=2LC时刻，电容器C两极间电压最大8、普通磁带录音机是用一个磁头来录音和放音的，磁头结构示意如下图（a）所示，在一个环形铁芯上绕一个线圈，铁芯有一个缝隙，工作时磁带就贴着这个缝隙移动，录音时磁头线圈跟话筒、放大电路（亦称微音器）相连（如下图（b）所示）；放音时，磁头线圈改为跟扬声器相连（如下图（c）所示）。磁带上涂有一层磁粉，磁粉能被磁化且留下剩磁.微音器的作用是把声音的变化转化为电流的变化；扬声器的作用是把电流的变化转化为声音的变化。由此可知①录音时线圈中的感应电流在磁带上产生变化的磁场，②放音时线圈中的感应电流在磁带上产生变化的磁场，③录音时磁带上变化的磁场在线圈中产生感应电流，④放音时磁带上变化的磁场在线圈中产生感应电流.以上说法正确的是（）A、②③B、①④C、③④D、①②9、如图所示，理想变压器的输出端接有一电动机，电动机的电阻为R，电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升。若变压A○器的输出功率为P0，则图中电流表的读数应等于______________。10、司机为了能够控制所驾驶的汽车，汽车对地面的压力一定要大于零。在高速公路上所建的高架桥的顶部可以看做是一个圆弧。若高速公路上汽车设计时速为180km/h，则高架桥顶部的圆弧半径至少应为__________________。11、全国著名发明家邹德俊，发明一种“吸盘式”挂衣钩如右图所示，将它紧压在平整、清洁的竖直瓷砖墙面上时，可挂上衣、帽等物品.如果挂衣钩的吸盘压紧时，它的圆面直径为101m吸盘圆面压在墙上有54的面积跟墙面积完全接触，中间51未接触部分间无空气.已知吸盘面与墙面间的动摩擦因数为0.5，则这种挂钩最多能挂_______N的物体。（大气压强p0=1.0×105Pa）12、为了测定和描绘“220V40W”白炽电灯灯丝伏安特性曲线，可以利用调压变压器供电。调压变压器是一种自耦变压器，它只有一组线圈L，绕在闭合的环形铁芯上，输入端接在220V交流电源的火线与零线间，输出端有一个滑动触头P，移动它的位置，就可以使输出电压在0~250V之间连续变化，下图甲中画出的是调压变压器的电路图符号.实验室内备有交流电压表、交流电流表、滑动变阻器、开关、导线等实验器材。（1）在图甲中完成实验电路图。（2）说明按你的实验电路图进行测量，在电压较高段与电压较低段进行比较，哪段的误差更大？为什么？（3）如果根据测量结果作出的伏安特性曲线如图乙所示，试根据图线确定，把2只完全相同的“220V40W”白炽电灯串联在220V交流电源的火线与零线间时，2只电灯消耗的总电功率是多大？13、如右图所示的器材是：木质轨道（其倾斜部分倾角较大，水平部分足够长）、小铁块、两枚图钉、一根细线、一个量角器.只用上述器材测定小铁块与木质轨道间的动摩擦因数。实验步骤是：（1）将小铁块从________；（2）用图钉把细线______；（3）用量角器测量______。那么，动摩擦因数可表示为μ=_________。14、地球质量为M，半径为R，自转角速度为ω，万有引力恒量为G，如果规定物体在离地球无穷远处势能为0，则质量为m的物体离地心距离为r时，具有的万有引力势能可表示为Ep=－GrMm.国际空间站是迄今世界上最大的航天工程，它是在地球大气层上空地球飞行的一个巨大的人造天体，可供宇航员在其上居住和进行科学实验。设空间站离地面高度为h，如果在该空间站上直接发射一颗质量为m的小卫星，使其能到达地球同步卫星轨道并能在轨道上正常运行，则该卫星在离开空间站时必须具有多大的动能？15、如右图所示，一个用柔软的细导线制成的闭合圆形的线圈半径为r、电阻为R，位于匀强磁场内，磁感应强度大小为B，方向垂直于线圈平面向里，现用两手分别拉着线圈的两端，在时间t内把它拉成一条线.由以上条件，可能以求出哪些物理量？把它们求出来。16、如右图所示，金属棒ab质量m=5g，放在相距L=1m的光滑金属导轨MN、PQ上，磁感应强度B=0.5T，方向竖直向上，电容器的电容C=2μF，电源电动势E＝16V，导轨距地面高度h=0.8m。当单刀双掷开关先掷向1后，再掷向2，金属棒被抛到水平距离s=6.4cm的地面上，问电容器两端的电压还有多大?17、“加速度计”作为测定运动物体加速度的仪器，已被广泛地应用于飞机、潜艇、航天器等装置的制导系统中，如右图所示是“应变式加速度计”的原理图，支架A、B固定在待测系统上，滑块穿在A、B间的水平光滑杆上，并用轻弹簧固定于支架A上，随着系统沿水平做变速运动，滑块相对于支架发生位移，滑块下端的滑动臂可在滑动变阻器上相应地自由滑动，并通过电路转换为电信号从1、2两接线柱输出。已知：滑块质量为m，弹簧劲度系数为k，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器的电阻随长度均匀变化，其总电阻R=4r，有效总长度L，当待测系统静止时，1、2两接线柱输出的电压U0=0.4E，取A到B的方向为正方向。（1）确定“加速度计”的测量范围。（2）设在1、2两接线柱间接入内阻很大的电压表，其读数为U，导出加速度的计算式。（3）试在1、2两接线柱间接入内阻不计的电流表，其读数为I，导出加速度的计算式。18、某空间存在着一个变化的电场和一个变化的磁场，电场方向向右[如下图（a）中由B到C的方向]，电场变化如图（ｂ）中E-t图象，磁感应强度变化如图（c）中B-t图象.在A点，从t=1s（即1s）开始，每隔2s，有一个相同的带电粒子（重力不计）沿AB方向（垂直于BC）以速度v射出，恰能击中C点，若BCAC2且粒子在AC间运动的时间小于1s，求（1）图线上Ｅ0和B0的比值，磁感应强度B的方向。（2）若第1个粒子击中C点的时刻已知为（1+Δt）ｓ，那么第2个粒子击中C点的时刻是多少?参考答案：1、A2、B3、B4、B5、BD6、A7、BD8、B9、RmgvP010、250m11、12512、（1）如右图所示。(开关应放在火线一边，否则应适当扣分；火线与公共端相连的可不扣分；电流表外接与内接都可以。)（2）如果采用电流表外接，电压较高段误差较大，因为电压越高，灯丝电阻越大，由于电压表分流而造成的误差越大；如果采用电流表内接，电压较低段误差较大，因为电压越小，灯丝电阻越小，由于电流表分压造成的误差越大。（3）47W±1W。13、(1)从某点由静止释放，最后停在水平面上；（2）固定在铁块运动的起止点；（3）细线与水平面间的夹角θ；μ=tanθ14、由G2rMm=rmv2得，卫星在空间站上的动能为Ek=21mv2=G)(2hRMm卫星在空间站上的引力势能在Ep=-GhRMm机械能为E1=Ek+Ep=-G)(2hRMm同步卫星在轨道上正常运行时有G2rMm=mω2r故其轨道半径r=32MG由③式得，同步卫星的机械能E2=-GrMm2=-G2Mm32GM=-21m(3GM)2卫星在运行过程中机械能守恒，故离开航天飞机的卫星的机械能应为E2，设离开航天飞机时卫星的动能为Ekx，则Ekx=E2-Ep-2132GM+GhRMm17、（1）当待测系统静止时，1、2接线柱输出的电压U0=rR·R12由已知条件U0=0.4ε可推知：R12=2r，此时滑片P位于变阻器中点待测系统沿水平方向做变速运动分加速运动和减速运动两种情况，弹簧最大压缩与最大伸长时刻，P点只能滑至变阻器的最左端和最右端，故有：a1=mLk2（1分）a2=-mLk2所以“加速度计”的测量范围为［－mLk2·mLk2］（2）当1、2两接线柱接电压表时，设P由中点向左偏移x，则与电压表并联部分的电阻R1=（2L－x）·Lr4由闭合电路欧姆定律得：I=rR1故电压表的读数为：U=IR1根据牛顿第二定律得：k·x=m·a建立以上四式得：a=mLk2-mULk45（3）当1、2两接线柱接电流表时，滑线变阻器接在1、2间的电阻被短路.设P由中点向左偏移x，变阻器接入电路的电阻为：R2=（2L+x）·Lr4由闭合电路欧姆定律得：ε=I(R2+r)根据牛顿第二定律得：k·x=m·a联立上述三式得：a=rmIrILk4)3(18、（1）因为BCAC2＝2d所以R=2d.第2秒内，仅有磁场qvB0＝mdvmRv222。第3秒内，仅有电场d=21·mqE0·（vd3）2。所以3400BEv.粒子带正电，故磁场方向垂直纸面向外。（2）Δt＝32616qBmT·3qBm·vd2，Δt′＝2333vdΔt.故第2个粒子击中C点的时刻为（2+3·vd2）ｓ.