2021高考物理一轮复习核心素养测评十七功能关系能量守恒定律含解析鲁科版

-1-功能关系能量守恒定律(45分钟100分)一、选择题(本题共8小题,每小题7分,共56分,1～5题为单选题,6～8题为多选题)1.2018年1月31日晚,天空中出现了150年来的首次“超级蓝色月全食”。所谓“超级月亮”,就是月球沿椭圆轨道绕地球运动到近地点的时刻,此时的月球看起来比在远地点时的月球大12%～14%,亮度提高了30%。则下列说法中正确的是()A.月球运动到近地点时的速度最小B.月球运动到近地点时的加速度最大C.月球由远地点向近地点运动的过程,月球的机械能增大D.月球由远地点向近地点运动的过程,地球对月球的万有引力做负功【解析】选B。根据开普勒第二定律可知,月球运动到近地点时的速度最大,A选项错误;月球受到的万有引力提供加速度,根据牛顿第二定律和万有引力定律可知,a=,月球运动到近地点时所受引力最大,加速度最大,B选项正确;根据功能关系可知,月球绕地球运动过程仅受地球的万有引力,机械能守恒,C选项错误;月球由远地点向近地点运动的过程中,间距减小,地球对月球万有引力做正功,D选项错误。2.如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连,弹簧水平且处于原长。圆环从A处由静止开始下滑,到达C处的速度为零,AC=h。如果圆环在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A处。弹簧始终在弹性限度内,重力加速度为g。则()A.从A到C的下滑过程中,圆环的加速度一直减小-2-B.从A下滑到C的过程中弹簧的弹性势能增加量等于mghC.从A到C的下滑过程中,克服摩擦力做的功为mv2D.上滑过程系统损失的机械能比下滑过程多【解析】选C。圆环从A处由静止开始下滑,设经过某位置B处的速度最大,到达C处的速度为零,所以圆环先做加速运动,再做减速运动,经过B处的速度最大,所以经过B处的加速度为零,所以加速度先减小,后增大,故A错误;圆环从A处由静止开始下滑到C的过程,由动能定理得mgh-Wf-W弹=0-0,在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A,由动能定理得-mgh+W弹-Wf=0-mv2,解得Wf=-mv2,W弹=mgh-mv2,则克服摩擦力做的功为mv2,从A下滑到C过程中弹簧的弹性势能增加量等于mgh-mv2,故B错误,C正确;由能量守恒定律知,损失的机械能全部转化为内能了,而Q=x,显然两个过程相等,故D错误。3.在平昌冬奥会女子单板滑雪U形池项目中,我国选手刘佳宇荣获亚军,为我国夺得首枚奖牌。如图为U形池模型,其中A、B为U形池两侧边缘,C为U形池最低点,U形池轨道各处粗糙程度相同。一小球在池边高h处自由下落由左侧进入池中,从右侧飞出后上升的最大高度为,下列说法正确的是()A.小球再次进入池中后,能够冲出左侧边缘A然后返回B.小球再次进入池中后,刚好到达左侧边缘A然后返回C.由A到C过程与由C到B过程相比,小球损耗机械能相同D.由A到C过程与由C到B过程相比,前一过程小球损耗机械能较小-3-【解析】选A。小球在池边高h处自由下落由左侧进入池中,从右侧飞出后上升的最大高度为,此过程损失的机械能为mg·;小球再次返回时,平均速率要小于由左侧进入池中过程中的平均速率,则平均摩擦力要小,克服阻力做功小于上一次,则阻力做的功小于mg·;故小球再次进入池中后,能够冲出左侧边缘A然后返回,故A正确、B错误;由A到C过程的平均速率大于由C到B过程的平均速率,平均摩擦力大于由C到B过程的平均摩擦力,前一过程小球损耗机械能较大,故C、D错误。【加固训练】如图所示有三个斜面1、2、3,斜面1与2底边相同,斜面2和3高度相同,同一物体与三个斜面的动摩擦因数相同,当它们分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端时,下列说法正确的是()A.三种情况下摩擦产生的热量Q1Q2Q3B.三种情况下摩擦产生的热量Q1Q3Q2C.到达底端的速度v1v2=v3D.到达底端的速度v1v2v3【解析】选D。设斜面和水平方向夹角为θ,斜面长度为L,则物体下滑过程中克服摩擦力做功为W=μmgLcosθ,Lcosθ为底边长度,由图可知1和2底边相等且小于3的底边长度,由功能关系可知,摩擦产生的热量Q=W,因此Q1=Q2Q3,故A、B错误;设物体滑到底端时的速度为v,根据动能定理得mgh-μmgLcosθ=mv2-0,根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时速度大小关系为v1v2v3,故C错误,D正确。4.如图所示,一小滑块(可视为质点)以某一初速度沿斜面向下滑动,最后停在水平面上。滑块与斜面间及水平面间的动摩擦因数相等,斜面与水平面平滑连接且长度不计,则该过程中,滑块的机械能与水平位移x关系的图线正确的是(取地面为零势能面)()-4-【解析】选D。滑块在斜面上下滑时,根据功能关系得ΔE=-μmgcosα·Δs=-μmgΔx,Δx是水平位移,则知E-x的斜率等于-μmg不变,图象是向下倾斜的直线;滑块在水平面上滑动时,根据功能关系得ΔE=-μmgΔx,Δx是水平位移,则知E-x的斜率等于-μmg不变,图象是向下倾斜的直线,故A、B、C错误,D正确。5.如图甲所示,以斜面底端为重力势能的零势能面,一物体在平行于斜面的拉力作用下,由静止开始沿光滑斜面向下运动。运动过程中物体的机械能与物体位移关系的图象(E-x图象)如图乙所示,其中0～x1过程的图线为曲线,x1～x2过程的图线为直线。根据该图象,下列判断正确的是()A.0～x1过程中物体所受拉力可能沿斜面向下B.0～x2过程中物体的动能先增大后减小C.x1～x2过程中物体做匀加速直线运动D.x1～x2过程中物体可能在做匀减速直线运动【解析】选C。物体下滑过程只有重力、拉力做功,由图可知,0～x1过程中物体的机械能减少,由功能关系得拉力做负功,所以物体所受拉力沿斜面向上,故A错误;由图可知,物体发生相同的位移,克服拉力做的功越来越少,重力做的功不变,故合外力做的功越来越多,由动能定理得,物体的动能越来越大,故B错误;物体沿斜面向下运动,合外力方向沿斜面向下,在x1～x2过程中,机械能和位移成线性关系,故拉力大小不变,物体受力恒定,物体做匀加速直线运动,故C正确,D错误。6.如图所示为地铁站用于安全检查的装置,主要由水平传送带和X光透视系统两部分组成,传送过程传送带速度不变。假设乘客把物品轻放在传送带上之后,物品总会先、后经历两个阶段的运动,用v表示传送带速率,用μ表示物品与传送带间的动摩擦因数,则()-5-A.前阶段,物品一定向传送方向的相同方向运动B.后阶段,物品受到摩擦力的方向跟传送方向相同C.v相同时,μ不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量相同D.μ相同时,v增大为原来的2倍,前阶段物品的位移也增大为原来的2倍【解析】选A、C。物品轻放在传送带上,前阶段,物品受到向前的滑动摩擦力,所以物品的运动方向一定与传送带的运动方向相同,故A正确;后阶段,物品与传送带一起做匀速运动,不受摩擦力,故B错误;设物品匀加速运动的加速度为a,由牛顿第二定律得Ff=μmg=ma,物品的加速度大小为a=μg,匀加速的时间为t==,位移为x=t,传送带匀速的位移为x′=vt,物品相对传送带滑行的距离为Δx=x′-x==,物品与传送带摩擦产生的热量为Q=μmgΔx=mv2,则知v相同时,μ不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量相同,故C正确;前阶段物品的位移为x==,则知μ相同时,v增大为原来的2倍,前阶段物品的位移也增大为原来的4倍,故D错误。7.如图,一轻弹簧原长为L,其一端固定在倾角为37°的固定直轨道AC的底端A处,另一端位于直轨道上B处,弹簧处于自然状态,质量为m的小物块P自C点以速度v开始下滑,最低到达E点,AE=,随后P沿轨道被弹回恰好回到C点,AC=4L,已知P与直轨道间的动摩擦因数μ=,重力加速度大小为g。(取sin37°=,cos37°=,则()-6-A.弹簧的最大弹性势能为Ep=B.弹簧的最大弹性势能为Ep=C.物块在C点的初速度为v=D.物块在C点的初速度为v=【解析】选B、C。物块从E点弹回C点的过程中,Ep-(μmgcosθ+mgsinθ)(+3l)=0,解得Ep=,B对。全过程应用能量守恒得-2μmgcosθ(+3l)=0-mv2,解得v=,C对。8.如图,固定在地面的斜面体上开有凹槽,槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球,各小球编号如图。斜面与水平轨道OA平滑连接,OA长度为6r。现将六个小球由静止同时释放,小球离开A点后均做平抛运动,不计一切摩擦。则在各小球运动过程中,下列说法正确的是()A.球1的机械能守恒B.球6在OA段机械能增大C.球6的水平射程最小D.六个球落地点各不相同【解析】选B、C。6个小球都在斜面上运动时,只有重力做功,整个系统的机械能守恒,当有部分小球在水平轨道上运动时,斜面上的小球仍在加速,球2对球1的作用力做功,球1的机械能-7-不守恒,故A错误;球6在OA段运动时,斜面上的球在加速,球5对球6的作用力做正功,动能增加,机械能增加,故B正确;由于有部分小球在水平轨道上运动时,斜面上的小球仍在加速,所以可知离开A点时球6的速度最小,水平射程最小,故C正确;由于离开A点时,球6的速度最小,水平射程最小,而最后三个球在水平面上运动时不再加速,球3、球2、球1的速度相等,水平射程相同,所以六个球的落点不全相同,故D错误。二、计算题(14分,需写出规范的解题步骤)9.如图所示,固定斜面的倾角θ=30°,物体A与斜面之间的动摩擦因数μ=,轻弹簧下端固定在斜面底端,弹簧处于原长时上端位于C点。用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A和B,滑轮右侧绳子与斜面平行,A的质量为2m,B的质量为m,初始时物体A到C点的距离为L。现给A、B一初速度v0,使A开始沿斜面向下运动,B向上运动,物体A将弹簧压缩到最短后又恰好能弹到C点。已知重力加速度为g,不计空气阻力,整个过程中,轻绳始终处于伸直状态,求:(1)物体A向下运动刚到C点时的速度大小。(2)弹簧的最大压缩量。(3)弹簧的最大弹性势能。【解析】(1)物体A与斜面间的滑动摩擦力为:Ff=2μmgcosθA向下运动到C点的过程,由能量守恒定律得:2mgLsinθ+×3m=×3mv2+mgL+Q1其中:Q1=FfL=2μmgLcosθ解得:v=(2)设弹簧的最大压缩量为x,从物体A接触弹簧将弹簧压缩到最短后又恰好回到C点的过程,对系统由能量守恒定律得:-8-Q2=Ff·2x=×3mv2解得:x=-=(-L)(3)从弹簧压缩至最短到物体A恰好弹回到C点的过程中,由能量守恒定律得:Ep+mgx=2mgxsinθ+Q′Q′=Ffx=2μmgxcosθ解得:Ep=(-gL)答案:(1)(2)(-L)(3)m(-gL)【加固训练】如图甲所示,在倾角为37°足够长的粗糙斜面底端,一质量m=1kg的滑块压缩着一轻弹簧且锁定,但它们并不相连,滑块可视为质点。t=0时解除锁定,计算机通过传感器描绘出滑块的v-t图象如图乙所示,其中Oab段为曲线,bc段为直线,在t1=0.1s时滑块已上滑x=0.2m的距离(g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)。求:(1)滑块离开弹簧后在图中bc段对应的加速度大小a及动摩擦因数μ的大小。(2)t2=0.3s和t3=0.4s时滑块的速度v1、v2的大小。(3)弹簧锁定时具有的弹性势能Ep。【解析】(1)由题图乙知滑块在bc段做匀减速运动,加速度大小为:a==10m/s2由牛顿第二定律得:-9-mgsin37°+μmgcos37°=ma解得:μ=0.5(2)根据速度时间公式得t2=0.3s时的速度大小:v1=v0-aΔt解得v1=0在t2之后开始下滑,下滑时由牛顿第二定律得:mgsin37°-μmgcos37°=ma′解得:a′=2m/s2从t2到t3做初速度为零的加速运动,t3时刻的速度为:v2=a′Δt=0.2m/s(3)从0到t1时间内,由能量守恒定律得:Ep=mgxsin37°+μmgxcos37°+m解得:Ep=4J答案:(1)10m/s20.5(2)00.