山东省淄博市淄川中学2018-2019学年高二化学6月月考试题（含解析）

山东省淄博市淄川中学2018-2019学年高二化学6月月考试题（含解析）一、选择题（每题3分，共30分）1.一种微生物燃料电池的结构示意图如下所示，关于该电池的叙述正确的是()A.电池工作时，电子由a流向bB.微生物所在电极区放电时发生还原反应C.放电过程中，H＋从正极区移向负极区D.正极反应式为：MnO2＋4H＋＋2e－===Mn2＋＋2H2O【答案】D【解析】试题分析：A、左侧MnO2反应转化为Mn2+，Mn元素化合价降低，发生还原反应，所以左侧电极为电源的正极，所以电子由b流向a，故A错误；B、微生物在右侧，右侧电极为电源的负极，所以微生物所在电极区放电时发生氧化反应，故B错误；C、根据电流的方向，所以放电过程中，H+从负极区移向正极区，故C错误；D、电池左侧为电池的正极区，MnO2在H+条件下发生得电子反应，所以正极反应式为：MnO2+4H++2e—===Mn2++2H2O，故D正确。考点：本题考查原电池原理及应用。2.下列反应的产物中，有的有同分异构体，有的没有同分异构体，其中一定不存在同分异构体的反应是()A.异戊二烯()与等物质的量的Br2发生加成反应B.2-氯丁烷与乙醇溶液共热发生消去分子的反应C.甲苯在一定条件下发生硝化反应生成一硝基甲苯的反应D.邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反应【答案】D【解析】【详解】A.异戊二烯与等物质的量的溴反应，可以发生1，2-加成、1，4-加成、3，4-加成，存在3中同分异构体，A不符合题意；B.2-氯丁烷(CH3CHClCH2CH3)与氢氧化钠乙醇溶液共热发生消去反应可以生成1-丁烯、2-丁烯，B不符合题意；C.甲苯发生硝化反应，硝基取代苯环上甲基的邻、对位位置的氢原子，因此发生硝化反应生成一硝基甲苯，可以为邻硝基甲苯或对硝基甲苯，存在同分异构体，C不符合题意；D.邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反应产生邻羟基苯甲酸钠、CO2、H2O，所得产物无同分异构体，D符合题意；故合理选项是D。3.某有机物的结构简式如图，在一定条件下对于下列反应：①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消去其中该物质可能发生的是A.②③④B.①③⑤⑥C.①③④⑤D.②③④⑤⑥【答案】C【解析】【分析】由物质结构简式可知，该物质的分子中含-CHO、-COOH、-醇OH，结合醛、羧酸、醇的化学性质来解答。【详解】含-CHO、苯环均可发生加成反应，-CHO可发生氧化反应；含-OH可发生酯化、氧化反应，与-OH相连C的邻位C上没有H，不能发生消去反应；含-COOH可发生酯化、中和反应，则不能发生水解、消去反应，该物质可能发生的是①③④⑤，故合理选项是C。【点睛】本题考查有机物的结构与性质的知识，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意醛、羧酸、醇的性质及应用。4.下列鉴别方法不可行的是()A.用核磁共振氢谱鉴别1-丙醇和2-丙醇B.用溴水鉴别乙醇、甲苯、植物油C.用酸性KMnO4溶液鉴别CH3CH=CHCH2COOH和CH3CH2CH2CHOD.用新制Cu(OH)2悬浊液鉴别乙酸、葡萄糖溶液、淀粉溶液【答案】C【解析】【详解】A.1-丙醇有四种不同的H原子，而2-丙醇有3种不同的H原子，因此可以用核磁共振氢谱鉴别，A可行；B.乙醇与溴水混溶，甲苯与溴水混合后，静置分层，上层颜色深；溴水与植物油充分混合后发生加成反应，静置，液体分层，上下两层均无色，三种液体颜色各不相同，可以鉴别，B可行；C.CH3CH=CHCH2COOH和CH3CH2CH2CHO都可以被酸性KMnO4溶液氧化，而使溶液褪色，不能鉴别，C不可行；D.乙酸与新制Cu(OH)2悬浊液混合，发生酸碱中和反应，固体溶解，变为蓝色溶液；葡萄糖溶液与新制Cu(OH)2悬浊液混合加热煮沸，有砖红色沉淀生成；淀粉溶液与新制Cu(OH)2悬浊液混合，不能反应，无明显现象，可鉴别，D可行；故合理选项是C。5.聚对苯二甲酸乙二醇酯（简称PET）是一种常见的树脂，可用作开关、插座、灯罩等，并且可以回收再利用，PET的结构简式如图所示，下列说法错误的是（）A.PET属于热塑性塑料B.PET分子结构中含有酯基C.PET可以通过加聚反应合成D.单体为和HO-CH2CH2-OH【答案】C【解析】【详解】A.PET为线型结构，属于热塑性塑料，A正确；B.PET含酯基-COOC-，B正确；C.PET的对苯二甲酸与乙二醇通过缩聚反应合成，C错误；D.PET含有的酯基-COOC-水解，且结合端基原子团可知，单体为对苯二甲酸和乙二醇HO-CH2CH2-OH，D正确；故合理选项是C。6.某同学设计了由乙醇合成乙二醇的路线如下。下列说法正确的是A.X可以发生加成反应B.步骤①的反应类型是水解反应C.步骤②需要在氢氧化钠醇溶液中反应D.等物质的量的乙醇、X完全燃烧，消耗氧气的量不相同【答案】A【解析】【详解】A.乙醇与浓硫酸混合加热发生消去反应产生的X是乙烯，结构简式为CH2=CH2，X含有碳碳双键，可以发生加成反应，A正确；B.由选项A分析可知步骤①的反应类型是消去反应，B错误；C.X是乙烯，与Br2的CCl4溶液发生加成反应产生CH2Br-CH2Br，CH2Br-CH2Br在NaOH的水溶液中，在加热条件下发生取代反应，产生乙二醇，C错误；D.乙醇化学式是C2H6O，可变形为C2H4·H2O，消耗O2取决于前半部分，与后半部分无关，而前半部分与乙烯相同，因此等物质的量的乙醇、X完全燃烧，消耗氧气的量相同，D错误；故合理选项是A。7.酚酞的结构简式如图，下列关于酚酞的说法不正确的是A.酚酞的分子式是C20H14O4B.分子中的碳原子不在同一平面C.1mol酚酞最多可消耗3molNaOHD.酚酞分子中含有的官能团有羟基、酯基、醚键【答案】D【解析】【详解】A.由酚酞的结构简式可知酚酞的分子式是C20H14O4，A正确；B.每个苯环中的碳原子在一个平面上，但是根据有甲烷结构的碳原子肯定和它们不在同一个平面上，B正确；C.酯基能水解后生成的羧基、酚羟基有酸性，他们均和氢氧化钠反应，1mol酚酞最多可消耗3molNaOH，C正确；D酚酞中含有的官能团为酚羟基、酯基，无醚键，D错误；故合理选项是D。8.分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解生成甲和乙两种有机物，乙在铜的催化作用下能氧化为醛，满足以上条件的酯有()A.6种B.7种C.8种D.9种【答案】A【解析】【分析】分子式为C5H10O2的酯为饱和一元酯，形成酯的羧酸与醇的碳原子总数为5，讨论羧酸与醇含有的碳原子，乙能被催化氧化成醛，则乙属于醇类并且结构中含有-CH2OH结构，据此回答判断。【详解】分子式为C5H10O2的有机物，在酸性条件下可水解生成甲和乙两种有机物，乙在铜的催化作用下能氧化为醛，属于饱和一元酯，(1)若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，其中能氧化为醛的醇有：1-丁醇，2-甲基-1-丙醇，甲酸有一种，这样的酯有2种；(2)若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，其中能氧化为醛的醇有：1-丙醇，乙酸只有一种，这样的酯有1种；(3)若为丙酸和乙醇酯化，乙醇只有1种能氧化为乙醛，丙酸有1种，这样的酯有1种；(4)若为丁酸和甲醇酯化，甲醇只有1种，能氧化为甲醛，丁酸有2种，这样的酯有2种；故可能的结构共有6种。故合理选项是A。【点睛】本题考查同分异构体的书写与判断的知识，关键是形成酯的羧酸与醇的同分异构体的判断，注意利用数学法进行计算。9.某有机物M的结构简式如图所示，若等物质的量的M在一定条件下分别与金属钠、氢氧化钠溶液、碳酸氢钠溶液反应，则消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为()A.1∶1∶1B.2∶4∶1C.1∶2∶1D.1∶2∶2【答案】B【解析】【详解】能与Na反应的官能团有羟基、羧基，1mol有机物可消耗2molNa；能与NaOH反应的官能团有酯基、酚羟基、溴原子和羧基，1mol有机物可消耗4molNaOH；能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，1mol有机物只能消耗1mol碳酸氢钠。则等物质的量的该有机物消耗的金属钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为2：4：1，因此合理选项是B。10.下列实验操作、现象、结论中，不正确的是（）A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A.含-CHO的有机物与新制Cu(OH)2悬浊液反应生成砖红色沉淀，则有红色沉淀生成可知葡萄糖有还原性，A正确；B淀粉遇碘单质变蓝，不发生氧化还原反应，B错误；C.高锰酸钾可氧化维生素C，紫色褪去可知维生素C有还原性，C正确；D.植物油含碳碳双键，与碘发生加成反应，溶液褪色，D正确；故合理选项是B。二、填空题（每空2分，共70分）11.如图是一个化学过程的示意图。(1)C(Pt)电极的名称是____。(2)写出通入O2的电极上的电极反应式:_______________。(3)写出通入CH3OH的电极上的电极反应式:_________。(4)若丙池是电解饱和食盐水溶液,在____(填“阳极”或“阴极”)附近滴入酚酞溶液变红。(5)乙池中反应的化学方程式为____。(6)当乙池中B(Ag)极的质量增加5.40g时,甲池中理论上消耗O2____mL(标准状况下);若丙池中饱和食盐水溶液的体积为500mL,电解后,溶液的pH=_____。(25℃,假设电解前后溶液的体积无变化)。【答案】(1).阳极(2).O2+4e-+2H2O=4OH-(3).CH3OH+8OH--6e-=CO32-+6H2O(4).阴极(5).4AgNO3+2H2O4Ag+O2↑+4HNO3(6).280(7).13【解析】【分析】燃料电池中，通入燃料甲醇的电极为负极，电极反应为CH3OH+8OH--6e-=CO32-+6H2O，通入氧化剂的电极为正极，正极反应为O2+4e-+2H2O=4OH-，乙池、丙池是电解池，与电源正极相连的是阳极，与电源负极相连的是阴极，则A是阳极、B是阴极，乙池中阳极A上氢氧根放电产生氧气，阴极B上银离子放电产生银；丙池中C是阳极，D是阴极，电解质溶液是氯化钠溶液，氢离子在阴极上放电，氯离子在阳极上放电，据此分析解答。【详解】根据上述分析可知甲池为原电池，乙、丙池为电解质。在甲池的燃料电池中，通入燃料的电极为负极，通入氧气的电极为正极，与电源正极相连的是阳极，与电源负极相连的是阴极，则A是阳极、B是阴极；丙池中C是阳极，D是阴极。(1)根据上述分析可知C(Pt)连接电源的正极，为阳极；(2)通入O2的电极是正极，正极上O2获得电子，与溶液中的H2O结合形成OH-，电极反应式为：O2+4e-+2H2O=4OH-；(3)燃料电池中，通入燃料的电极为负极，电极反应为：CH3OH+8OH--6e-=CO32-+6H2O；(4)若丙池是电解饱和食盐水溶液，在丙池中C是阳极，D是阴极，电解质溶液是氯化钠溶液，Cl-在阳极失电子产生Cl2，电极反应为：2Cl--2e-=Cl2↑，H+在阴极得到电子产生H2，电极反应为：2H++2e-=H2↑，H+放电，水的电离平衡被破坏，使附近溶液中OH-的浓度增大，该区域溶液呈碱性，滴入酚酞溶液变红，因此阴极附近溶液变为红色；(5)乙池中A是阳极、B是阴极，阳极上水电离出的氢氧根失电子产生氧气，阴极银离子得电子产生单质银，属于放氧生酸型，电解反应的化学方程式为：4AgNO3+2H2O4Ag+O2↑+4HNO3；(6)当乙池中B(Ag)极的质量增加5.40g时，根据Ag++e-=Ag，转移电子的物质的量n(e-)=5.40g÷108g/mol=0.05mol，根据同一闭合回路中电子转移数目相等，结合O2+4e-+2H2O=4OH-，可知在甲池中理论上消耗O2的体积是V(O2)=0.054mol×22.4L/mol=0.28L=280mL；反应产生氢氧根的物质的量为0.05mol，c(OH-)=0.050.5molL=0.1mol/L，所以溶液pH=13。【点睛】本题考查了原电池和电解池原理的知识，涉及电极的判断及电极反应式、总反应方程式的书写及溶液pH的计算等，要注意同一闭合回路中电子转移数目相等，考查学