（江苏专用）2020高考物理二轮复习 选择题提速练（三）

选择题提速练(三)一、单项选择题1．下列关于物理学思想方法的叙述错误的是()A．探究加速度与力、质量关系的实验中运用了控制变量法B．加速度a＝Fm、磁感应强度B＝FIL的定义都运用了比值法C．光滑的水平地面、轻质弹簧等运用了理想化模型法D．平均速度、合力、有效值等概念的建立运用了等效替代法解析：选B在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法，故A正确；加速度定义为速度变化量与所用时间的比值即a＝ΔvΔt，a＝Fm是加速度的决定式，课本明确给出磁感应强度定义式为B＝FIL，属于比值定义法，故B错误；光滑水平面和轻质弹簧实际并不存在，是理想化模型，故C正确；平均速度、合力、有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想，故D正确。2．如图所示为某同学设计的高压输电模拟电路，升压变压器T1的原、副线圈匝数比n1∶n2＝1∶k，降压变压器T2的原、副线圈匝数比n3∶n4＝k∶1，电阻r＝3Ω。升压变压器原线圈输入电压为16V的正弦交流电，降压变压器副线圈接额定电压为15V、额定功率为45W的用电器。两个变压器可视为理想变压器，要使用电器正常工作，则()A．k＝32B．k＝3C．k＝4D．k＝9解析：选B用电器的电流为I4＝4515A＝3A，则输电线上的电流：I3＝3kA；降压变压器输入电压U3＝kU4＝15kV；因升压变压器的输出电压U2＝16kV，根据欧姆定律，有U2＝I3r＋U3，即16kV＝3k×3V＋15kV，解得k＝3，故选B。3.重型自卸车利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下，以下说法正确的是()A．在石块下滑前后自卸车与石块整体的重心位置不变B．自卸车车厢倾角越大，石块与车厢的动摩擦因数越小C．自卸车车厢倾角变大，车厢与石块间的正压力减小D．石块开始下滑时，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力解析：选C物体重心的位置跟形状还有质量分布有关，石块下滑前后，质量分布变化，形状变化，所以重心改变，故A错误；动摩擦因数是物体本身的属性，只与物体本身有关，与有没有相对运动，以及有没有正压力无关，故B错误；石块处于平衡状态，则有：mgsinθ＝f，FN＝mgcosθ，自卸车车厢倾角增大时，车厢与石块间的摩擦力增大，车厢与石块间的正压力FN逐渐减小，C正确；石块滑动后的摩擦力是滑动摩擦力，小于最大静摩擦力，也小于重力沿斜面方向的分力，故D错误。4．如图1所示，理想变压器的原线圈接在图2所示的交流电源上，副线圈上接有“10V,1W”的灯泡能正常发光。已知电流表、电压表均为理想电表，下列说法正确的是()A．电压表示数为311VB．交流电的电压表达式为u＝311sin50πtC．变压器原、副线圈匝数比为22∶1D．若将电流表换成灯泡，则变压器输出功率增大解析：选C电压表的示数为有效值，所以U1＝3112V＝220V，故A错误；交流电的电压表达式为u＝Umsinωt＝Umsin2πTt＝311sin100πtV，故B错误；副线圈上接有“10V，1W”的灯泡能正常发光，则U2＝10V，变压器原、副线圈匝数比为n1∶n2＝U1∶U2＝22∶1，故C正确；若将电流表换成灯泡，则副线圈的电阻增大，电流变小，输出电压不变，根据P＝U2I2可知变压器输出功率减小，故D错误。5.如图所示为环地月拉格朗日L2点轨道，该拉格朗日点位于地球和月球连线的延长线上，飞行器处于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动。以下关于飞行器在L2点的说法正确的是()A．向心力仅由地球的引力提供B．周期小于月球的周期C．线速度小于月球的线速度D．向心加速度大于月球的向心加速度解析：选D探测器的向心力由地球和月球引力的合力提供，故A错误；飞行器与月球同步绕地球运动，角速度相等，周期相同，故B错误；根据v＝ωr知探测器的线速度大于月球的线速度，故C错误；根据a＝rω2知，探测器的向心加速度大于月球的向心加速度，故D正确。二、多项选择题6．科学技术在生产、生活中有广泛的应用，下列装置中运用了电磁感应的原理和规律的是()解析：选BD霍尔元件和回旋加速器都利用了磁场对带电粒子的作用，没有电磁感应现象，故A、C错误；位移传感器中铁芯插入线圈的长度不同，线圈的自感系数不同，对交流的阻碍作用的大小不同，自感是一种电磁感应现象，故B正确；运输中的电流表两极短接，利用电磁阻尼来防止指针的摆动，也是利用了电磁感应现象，故D正确。7.如图所示，实线是带电粒子在电场力作用下的运动轨迹，ACB为轨迹上的三点，虚线可能是电场线，也可能是等差等势线，F方向垂直于虚线。则()A．粒子一定从A向B运动B．粒子经过C点的受力方向不可能沿F的方向C．A点电势高于B点电势D．粒子在A点的加速度一定小于在B点的加速度解析：选BD由于电场方向、粒子的正负不能确定，所以不能够确定粒子一定从A向B运动，故A错误；电场力的方向和电场的方向相同或相反，所以F垂直的应该是等差等势线。根据轨迹弯曲的方向，F方向应该垂直于等势线向下，故B正确；由于不能够确定电场的方向，所以无法判断A点电势是否高于B点电势，故C错误；等差等势线的密集度和电场线一样能够反映电场强度的大小，越密集的地方电场强度越大，A的等差等势线比B点等差等势线要稀疏，A的电场强度比B点小，所以粒子在A点的加速度一定小于在B点的加速度，故D正确。8.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段。下列判断正确的是()A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动解析：选BC根据电势能与电势的关系：Ep＝qφ，场强与电势的关系：E＝ΔφΔx，得E＝1q·ΔEpΔx，由数学知识可知Ep­x图像切线的斜率等于ΔEpΔx，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A错误。由题图看出在0～x1段图像切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动。x1～x2段图像切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动。x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误。根据电势能与电势的关系：Ep＝qφ，粒子带负电，q＜0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3，故C正确。9.如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q(可视为质点)固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上。现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷。在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是()A．小球P的速度一定先增大后减小B．小球P的机械能一定在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一定增加解析：选AD小球P先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确。小球P除了重力和弹力做功之外还有库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的机械能增大；随弹力的增大，二者的合力向上，做负功，机械能减小，所以小球P的机械能先增大后减小，故B错误。小球P的加速度为零，即所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零时，小球P的速度最大，故C错误。根据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能一定增加，故D正确。