2020届高考物理二轮复习 专题冲刺 考前基础回扣练十二 恒定电流与交变电流课件

十二恒定电流与交变电流1．(人教版选修3－1P66第2题改编)一个量程为0～15V的电压表，内阻为20kΩ，把它与一个大电阻串联后接在电动势为110V的电源的两端，电压表的读数是5V。这个外接电阻是()A．240ΩB．420kΩC．240kΩD．420Ω答案B解析设外接电阻为R，根据闭合电路欧姆定律，ERV＋R＝URV，得R＝420kΩ，B正确。2．(人教版选修3－1P62例题改编)(多选)如图所示电路，电源内阻不可忽略，R1＝10Ω，R2＝8Ω，当开关扳到位置1时，电压表的读数为2.0V，当开关扳到位置2时，电压表的读数可能是()A．2.1VB．1.9VC．1.7VD．1.5V答案BC解析本题没有给出电源的电动势，也没有给出电源的内阻，因此无法得出开关扳到位置2时电压表的读数究竟是多大，但我们可以用极端分析的方法来确定电压表的读数范围，根据题意可得到：U1＝ER1R1＋r，U2＝ER2R2＋r，两式相比可得U1U2＝R1R2＋rR2R1＋r，即U2＝R2R1＋rR1R2＋rU1，考虑极端情形：当r＝0时，U2＝U1＝2.0V，当r＝∞时，U2＝R2R1U1＝810×2.0V＝1.6V，由此可见，U2的取值范围为1.6VU22.0V，对照选项可得答案为B、C。3.如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中()A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大答案A解析由变阻器R0的滑动端向下滑动可知，R0连入电路的有效电阻减小，R总减小，由I＝ER总＋r可知I增大，由U内＝Ir可知U内增大，由E＝U内＋U外可知U外减小，故电压表示数减小。由U1＝IR1可知U1增大，由U外＝U1＋U2可知U2减小，由I2＝U2R2可知电流表示数减小，故A正确。4.(多选)如图所示，某电路上接有保险丝、交流电压表、“220V900W”的电饭锅及“220V200W”的抽油烟机。现接入u＝311sin100πt(V)的交流电，下列说法正确的是()A．交流电压表的示数为311VB．1s内流过保险丝的电流方向改变100次C．电饭锅的热功率是抽油烟机热功率的4.5倍D．为保证电路正常工作，保险丝的额定电流不能小于5A答案BD解析由u＝311sin100πt(V)知，电压最大值Um＝311V，f＝100π2πHz＝50Hz,1s内电流方向改变100次，电压有效值为U＝Um2＝220V，而交流电压表示数为有效电压，故A错误，B正确；电饭锅的功率为抽油烟机功率的4.5倍，但抽油烟机不是纯电阻元件，其热功率小于200W，故C错误；电路正常工作时的总功率P＝900W＋200W＝1100W，有I＝PU＝1100220A＝5A，故D正确。5.如图所示为理想变压器，三个灯泡L1、L2、L3都标有“4V,4W”，灯泡L4标有“4V,8W”，若它们都能正常发光，则变压器原、副线圈匝数比n1∶n2和ab间输入电压为()A．2∶1,16VB．2∶1,20VC．1∶2,16VD．1∶2,20V答案B解析负载由L2、L3并联后与L4串联，灯泡正常发光，可得U2＝8V，P2＝4W＋4W＋8W＝16W，根据输入功率等于输出功率有P2＝U2I2＝U1I1，而I1＝1A，I2＝2A，所以U1＝16V，由U1U2＝n1n2得原、副线圈匝数比n1∶n2＝2∶1，Uab＝U1＋UL1＝20V，B正确。6．如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表。下列说法正确的是()A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大答案B解析当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，接入电路的阻值变大，变压器副线圈两端电压不变，副线圈中的电流减小，则R1消耗的功率及其两端电压均变小，故电压表的示数变大，A错误，B正确；当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，副线圈中的电流减小，则原线圈中的电流也减小，电流表A1示数变小，C错误；若闭合开关S，副线圈电路中总电阻减小，副线圈中的电流变大，R1两端电压变大，R2两端电压减小，电流表A2示数减小，原线圈中的电流变大，电流表A1示数变大，D错误。7．下图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2，在T的原线圈两端接入一电压u＝Umsinωt的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率为()A.n1n2U2m4rB.n2n1U2m4rC．4n1n22PUm2rD．4n2n12PUm2r答案C解析原线圈电压的有效值：U1＝Um2，根据U1U2＝n1n2可得U2＝n2n1·Um2，又因为是理想变压器，所以T的副线圈的输出功率等于原线圈的输入功率P，所以输电线上的电流I＝PU2，输电线上损失的电功率为P′＝I2·2r＝4n1n22PUm2r，C正确。8．小华和小明在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：电压U/V0.000.200.400.701.001.401.702.102.50电流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)实验室有两种滑动变阻器供选择：A．滑动变阻器(阻值范围0～10Ω、额定电流3A)B．滑动变阻器(阻值范围0～2000Ω、额定电流1A)实验中选择的滑动变阻器是________。(填写字母序号)(2)在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整。(3)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至________(选填“左”或“右”)端。(4)利用表中数据，在图乙中画出小灯泡的U­I图线。(5)他们在U­I图象上找到小灯泡工作电压为2.0V时坐标点，计算此状态的电阻值时，小明提出用图象上该点曲线斜率表示小灯泡的阻值；小华提出该点与坐标原点连线的斜率表示小灯泡的阻值。你认为________(选填“小华”或“小明”)的方法正确。答案(1)A(2)见解析图1(3)左(4)见解析图2(5)小华解析(1)由于灯泡的电阻大约在几欧左右，为了便于调节测量，滑动变阻器选择0～10Ω的。(2)由于灯泡的电压和电流应从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法；由于灯泡电阻较小，为了减小误差电流表采用外接法；由表中数据，电压表选择小量程。实物连线图如图1所示。(3)为了保护测量电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至最左端。(4)小灯泡的U­I图线如图2所示。(5)根据欧姆定律知，R＝UI，电阻的大小为该点与坐标原点连线的斜率，故小华的方法正确。9．(人教版选修3－1P68第1题改编)(1)使用多用电表测直流电流时，应把选择开关旋至标有________处，并把多用电表________联到被测电路中；测直流电压时，应把选择开关旋至标有________处，并把多用电表与被测电路________联；测直流电压和电流时，都必须把红表笔接在________处，即电流从________表笔流进。(2)如图所示的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三条线分别表示多用电表指针的指示位置。①将多用电表选择开关置于“×1”挡，Ⅰ的示数为________Ω，Ⅱ的示数为________Ω。②将选择开关置于直流“50V”挡，Ⅰ的示数为________V，Ⅱ的示数为________V，Ⅲ的示数为________V。③选择开关置于直流“250V”挡时，Ⅰ的示数为________V，Ⅱ的示数为________V。答案(1)mA串V并高电势红(2)①1724②23.019.010.0③11595解析(1)测直流电流应将选择开关拨至标有mA的电流挡，并把它串联到被测电路中；若测直流电压，则需将选择开关拨至标有V的直流电压挡，并与被测电路并联；不论是测直流电压还是电流，都必须把红表笔接在高电势处，使电流从红表笔流进电表。(2)用多用电表测电流或电压时，只要根据选择开关所指示的量程看表盘相对应的刻度弧线，并根据读数规则，直接读出指针指示的读数即可；而用多用电表测电阻时，读数时应将指针指示数乘以倍率，才是电阻的测量值。