2020-2021学年高中数学 第2章 平面向量 阶段综合提升 第3课 平面向量课件 新人教A版必修

第二章平面向量阶段综合提升第三课平面向量巩固层知识整合提升层题型探究平面向量的线性运算【例1】如图，梯形ABCD中，AB∥CD，点M，N分别是DA，BC的中点，且DCAB＝k，设AD→＝e1，AB→＝e2，以e1，e2为基底表示向量DC→，BC→，MN→.[解]∵AB→＝e2，且DCAB＝k，∴DC→＝kAB→＝ke2.∵AB→＋BC→＋CD→＋DA→＝0，∴BC→＝－AB→－CD→－DA→＝－AB→＋DC→＋AD→＝e1＋(k－1)e2.又∵MN→＋NB→＋BA→＋AM→＝0，且NB→＝－12BC→，AM→＝12AD→，∴MN→＝－AM→－BA→－NB→＝－12AD→＋AB→＋12BC→＝k＋12e2.向量线性运算的基本原则和求解策略1基本原则：向量的加法、减法和数乘运算统称为向量的线性运算.向量的线性运算的结果仍是一个向量.因此，对它们的运算法则、运算律的理解和运用要注意向量的大小和方向两个方面.2求解策略：①向量是一个有“形”的几何量，因此在进行向量线性运算时，一定要结合图形，这是研究平面向量的重要方法与技巧.②字符表示下线性运算的常用技巧：首尾相接用加法的三角形法则，如共起点两个向量作差用减法的几何意义，如[跟进训练]1．如图所示，在△ABC中，AN→＝13NC→，P是BN上的一点，若AP→＝mAB→＋211AC→，则实数m的值为________．311[设BP→＝λBN→，则BP→＝BA→＋AP→＝－AB→＋mAB→＋211AC→＝(m－1)AB→＋211AC→.BN→＝BA→＋AN→＝－AB→＋14AC→.∵BP→与BN→共线，∴14(m－1)＋211＝0，∴m＝311.]平面向量数量积的运算【例2】(1)已知点A(－1,1)，B(1,2)，C(－2，－1)，D(3,4)，则向量AB→在CD→方向上的投影为()A.322B.3152C．－322D．－3152(2)如图，在梯形ABCD中，AB∥CD，AB＝4，AD＝3，CD＝2，AM→＝2MD→.若AC→·BM→＝－3，则AB→·AD→＝________.(1)A(2)32[(1)AB→＝(2,1)，CD→＝(5,5)，向量AB→＝(2,1)在CD→＝(5,5)上的投影为|AB→|cos〈AB→，CD→〉＝|AB→|·AB→·CD→|AB→||CD→|＝AB→·CD→|CD→|＝1552＝322.(2)因为AC→·BM→＝AD→＋12AB→·－AB→＋23AD→＝－2－23AB→·AD→＝－3，所以AB→·AD→＝32.]向量数量积的求解策略1利用数量积的定义、运算律求解.,在数量积运算律中，有两个形似实数的完全平方公式在解题中的应用较为广泛，即a＋b2＝a2＋2a·b＋b2，a－b2＝a2－2a·b＋b2，上述两公式以及a＋b·a－b＝a2－b2这一类似于实数平方差的公式在解题过程中可以直接应用.2借助零向量.即借助“围成一个封闭图形且首尾相接的向量的和为零向量”，再合理地进行向量的移项以及平方等变形，求解数量积.3借助平行向量与垂直向量.,即借助向量的拆分，将待求的数量积转化为有垂直向量关系或平行向量关系的向量数量积，借助a⊥b，则a·b＝0等解决问题.4建立坐标系，利用坐标运算求解数量积.[跟进训练]2．(2018·全国卷Ⅱ)已知向量a，b满足|a|＝1，a·b＝－1，则a·(2a－b)＝()A．4B．3C．2D．0B[a·(2a－b)＝2a2－a·b＝2－(－1)＝3，故选B.]3．已知正方形ABCD的面积为2，点P在边AB上，则PD→·PC→的最大值为()A.62B.32C．2D.2C[如图建立平面直角坐标系，由题意得，D(2，2)，C(2，0)，设P(0，t)(0≤t≤2)，∴PD→＝(2，2－t)，PC→＝(2，－t)，∴PD→·PC→＝t2－2t＋2＝t－222＋32，∴当t＝0或2时，(PD→·PC→)max＝2，故选C.]平面向量的坐标运算【例3】(1)(2018·北京高考)设向量a＝(1,0)，b＝(－1，m)，若a⊥(ma－b)，则m＝________.(2)设a＝(2,0)，b＝(1，3)．①若(λa－b)⊥b，求λ的值；②若m＝λa＋μb，且|m|＝23，〈m，b〉＝π6，求λ，μ的值．思路点拨：(1)用坐标表示出ma－b，再利用垂直关系列出方程求解．(2)将向量坐标表示后列方程或方程组求解．(1)－1[∵a＝(1,0)，b＝(－1，m)，∴ma－b＝(m,0)－(－1，m)＝(m＋1，－m)，由a⊥(ma－b)得：a·(ma－b)＝0，∴a·(ma－b)＝m＋1＝0，即m＝－1.](2)[解]①因为a＝(2,0)，b＝(1，3)，所以λa－b＝(2λ，0)－(1，3)＝(2λ－1，－3)．又(λa－b)⊥b，所以(λa－b)·b＝0，即(2λ－1，－3)·(1，3)＝0，所以2λ－1－3＝0.所以λ＝2.②因为a＝(2,0)，b＝(1，3)，m＝λa＋μb＝λ(2,0)＋μ(1，3)＝(2λ＋μ，3μ)．因为|m|＝23，〈m，b〉＝π6，所以2λ＋μ2＋3μ2＝232，cosπ6＝2λ＋μ，3μ·1，323×2，即λ2＋λμ＋μ2＝3，λ＋2μ＝3.解得λ＝1μ＝1或λ＝－1μ＝2，所以λ＝1，μ＝1或λ＝－1，μ＝2.向量的坐标运算若a＝a1，a2，b＝b1，b2，则①a＋b＝a1＋b1，a2＋b2；②a－b＝a1－b1，a2－b2；③λa＝λa1，λa2；④a·b＝a1b1＋a2b2；⑤a∥b⇔a1＝λb1，a2＝λb2λ∈R，或b1≠0，b2≠0；⑥a⊥b⇔a1b1＋a2b2＝0；⑧若θ为a与b的夹角，则[跟进训练]4．已知A(－1，－1)，B(sinθ，cosθ)，C(2,5)三点共线，且θ≠kπ2(k∈Z)．求tanθ.[解]由题意得AB→＝(sinθ＋1，cosθ＋1)，AC→＝(3,6)．因为A，B，C三点共线，所以AB→与AC→共线，所以3(cosθ＋1)－6(sinθ＋1)＝0，即cosθ－2sinθ＝1.两边平方得cos2θ－4sinθcosθ＋4sin2θ＝sin2θ＋cos2θ.即3sin2θ＝4sinθcosθ.因为θ≠kπ2，k∈Z，所以cosθ≠0，所以tanθ＝43.平面向量的平行与垂直问题【例4】(1)已知向量m＝(λ＋1,1)，n＝(λ＋2,2)，若(m＋n)⊥(m－n)，则λ＝()A．－4B．－3C．－2D．－1(2)设A，B，C，D为平面内的四点，且A(1,3)，B(2，－2)，C(4,1)．①若AB→＝CD→，求D点的坐标．②设向量a＝AB→，b＝BC→，若ka－b与a＋3b平行，求实数k的值．(1)B[因为m＋n＝(2λ＋3,3)，m－n＝(－1，－1)，且(m＋n)⊥(m－n)，所以(m＋n)·(m－n)＝－2λ－3－3＝0，解得λ＝－3.](2)[解]①设D(x，y)．因为AB→＝CD→，所以(2，－2)－(1,3)＝(x，y)－(4,1)，化为(1，－5)＝(x－4，y－1)，所以x－4＝1，y－1＝－5，解得x＝5，y＝－4，所以D(5，－4)．②因为a＝AB→＝(2，－2)－(1,3)＝(1，－5)，b＝BC→＝(4,1)－(2，－2)＝(2,3)，所以ka－b＝k(1，－5)－(2,3)＝(k－2，－5k－3)，a＋3b＝(1，－5)＋3(2,3)＝(7,4)．因为ka－b与a＋3b平行，所以7(－5k－3)－4(k－2)＝0，解得k＝－13.1．将本例(2)②中的“BC→”改为“AC→”，“平行”改为“垂直”，求实数k的值．[解]因为a＝AB→＝(1，－5)，b＝AC→＝(3，－2)，所以ka－b＝(k－3，－5k＋2)，a＋3b＝(10，－11)，因为(ka－b)⊥(a＋3b)，所以(ka－b)·(a＋3b)＝10(k－3)－11(－5k＋2)＝65k－52＝0，解得k＝5265.2．在本例(2)中若A，B，D三点共线，且AC⊥CD，求点D的坐标．[解]设点D的坐标为(x，y)，则AB→＝(1，－5)，AD→＝(x－1，y－3)，AC→＝(3，－2)，CD→＝(x－4，y－1)，由题意得AB→∥AD→，AC→⊥CD→，所以－5x－1－y－3＝0，3x－4－2y－1＝0，整理得5x＋y＝8，3x－2y＝10，解得x＝2，y＝－2，所以点D的坐标为(2，－2)．1．证明共线问题常用的方法(1)向量a，b(a≠0)共线⇔存在唯一实数λ，使b＝λa.(2)向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)共线⇔x1y2－x2y1＝0.(3)向量a与b共线⇔|a·b|＝|a||b|.(4)向量a与b共线⇔存在不全为零的实数λ1，λ2，使λ1a＋λ2b＝0.2．证明平面向量垂直问题的常用方法a⊥b⇔a·b＝0⇔x1x2＋y1y2＝0，其中a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)．平面向量的模、夹角问题【例5】已知向量e1，e2，且|e1|＝|e2|＝1，e1与e2的夹角为π3.m＝λe1＋e2，n＝3e1－2e2.(1)求证(2e1－e2)⊥e2；(2)若|m|＝|n|，求λ的值；(3)若m⊥n，求λ的值；(4)若m与n的夹角为π3，求λ的值．思路点拨：利用两向量垂直则数量积为零，关于向量模的问题，先对其平方，以及合理使用夹角公式．[解](1)证明：因为|e1|＝|e2|＝1，e1与e2的夹角为π3，所以(2e1－e2)·e2＝2e1·e2－e22＝2|e1||e2|cosπ3－|e2|2＝2×1×1×12－12＝0，所以(2e1－e2)⊥e2.(2)由|m|＝|n|得(λe1＋e2)2＝(3e1－2e2)2，即(λ2－9)e21＋(2λ＋12)e1·e2－3e22＝0.因为|e1|＝|e2|＝1，〈e1，e2〉＝π3，所以e21＝e22＝1，e1·e2＝1×1×cosπ3＝12，所以(λ2－9)×1＋(2λ＋12)×12－3×1＝0，即λ2＋λ－6＝0.所以λ＝2或λ＝－3.(3)由m⊥n知m·n＝0，即(λe1＋e2)·(3e1－2e2)＝0，即3λe21＋(3－2λ)e1·e2－2e22＝0.因为|e1|＝|e2|＝1，〈e1，e2〉＝π3，所以e21＝e22＝1，e1·e2＝1×1×cosπ3＝12，所以3λ＋(3－2λ)×12－2＝0.所以λ＝14.(4)由前面解答知e21＝e22＝1，e1·e2＝12，|n|＝7.而|m|2＝(λe1＋e2)2＝λ2e21＋2λe1·e2＋e22＝λ2＋λ＋1，所以|m|＝λ2＋λ＋1.m·n＝(λe1＋e2)·(3e1－2e2)＝3λe21＋(3－2λ)e1·e2－2e22＝3λ＋(3－2λ)×12－2＝2λ－12.因为〈m，n〉＝π3，由m·n＝|m||n|cos〈m，n〉得2λ－12＝λ2＋λ＋1·7×12，化简得3λ2－5λ－2＝0，所以λ＝2或λ＝－13.经检验知λ＝－13不成立，故λ＝2.1．解决向量模的问题常用的策略(1)应用公式：|a|＝x2＋y2(其中a＝(x，y))．(2)应用三角形或平行四边形法则．(3)应用向量不等式||a|－|b||≤|a±b|≤|a|＋|b|.(4)研究模的平方|a±b|2＝(a±b)2.2．求向量的夹角设非零向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，两向量夹角θ(0≤θ≤π)的余弦cosθ＝a·b|a||b|＝x1x2＋y1y2x21＋y21x22＋y22.[跟进训练]5．已知c＝ma＋nb，c＝(－23，2)，a⊥c，b与c的夹角为2π3，b·c＝－4，|a|＝22，求实数m，n的值及a与b的夹角θ.[解]∵c＝(－23，2)，∴|c|＝4.∵a⊥c，∴a·c＝0.∵b·c＝|b||c|cos2π3＝|b|×4×－12＝－4，∴|b|＝2.∵c＝ma＋nb，∴c2＝ma