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章末专题归纳1.楞次定律是判断感应电流方向的普遍规律,右手定则则主要适用于导体切割磁感线的特殊情况。2.感应电流的“效果”总是要“阻碍”引起感应电流的“原因”,常见的有:阻碍原磁通量变化——减同增异;阻碍导体的相对运动——来拒去留;改变线圈面积来“反抗”扩大或缩小;阻碍原电流的变化(自感现象)。利用以上楞次定律的扩展含义,可帮助我们对问题作出快速判断。专题一感应电流方向的判断3.要注意区分左手定则和右手定则的应用,左手定则用来判断电流或运动电荷在磁场中的受力情况;右手定则用来判断导体在磁场中切割磁感线而产生感应电流的方向。4.在电源内部,感应电流的方向由电源的负极指向正极,这是确定感应电动势方向的依据。[例1]如图4-1所示,两个线圈套在同一个铁芯上,线圈的绕向如图,左线圈连着平行导轨M和N,导轨电阻不计,在导轨垂直方向上放着金属棒ab,金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中,下列说法中正确的是图4-1A.当金属棒向右匀速运动时,a点电势高于b点,c点电势高于d点B.当金属棒向右匀速运动时,b点电势高于a点,c点电势高于d点C.当金属棒向右加速运动时,a点电势高于b点,c点电势高于d点D.当金属棒向右加速运动时,b点电势高于a点,d点电势高于c点[思路引导]ab匀速运动时,穿过右侧线圈的磁通量不变→cd等势;ab变速运动时→cd不等势→右手定则与安培定则结合即可判断。[解析]当金属棒向右匀速运动而切割磁感线时,金属棒产生恒定感应电动势,由右手定则判断电流方向由a→b。根据电流从电源(ab相当于电源)正极流出沿外电路回到电源负极的特点,可以判断b点电势高于a点。又左线圈中的感应电动势恒定,则感应电流也恒定,所以穿过右线圈的磁通量保持不变,不产生感应电流。当ab向右做加速运动时,由右手定则可推断φb>φa,电流沿逆时针方向。ab金属棒两端的E不断增大,那么左边电路中的感应电流也不断增大,由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线方向是沿逆时针方向的,并且磁感应强度不断增强,所以右边电路的线圈中的向上的磁通量不断增加。由楞次定律可判断右边电路的感应电流方向应沿逆时针,而在右线圈组成的电路中,感应电动势仅产生在绕在铁芯上的那部分线圈上,把这个线圈看做电源,由于电流是从c沿内电路(即右线圈)流向d,所以d点电势高于c点。[答案]D1.如图4-2所示,为几个有理想边界的磁场区域,相邻区域的磁感应强度B大小相等、方向相反,区域的宽度均为L。现有一边长为L的正方形导线框由图示位置开始,沿垂直于区域边界的直线匀速穿过磁场区域,速度大小为v。设逆时针方向为电流的正方向,下列各图能正确反映线框中感应电流的是[变式训练]图4-2答案D解析导线框进入磁场中O到L的过程中,由右手定则知,感应电流的方向为顺时针,即为负方向,感应电流I=BLvR,大小恒定,A、B不正确;导线框进入磁场中L至2L的过程中,导线框左右两侧均切割磁感线,由右手定则,可判断感应电流的方向为逆时针,即为正方向,感应电流I′=2BLvR,C错误,D正确。1.图像类型及关联知识专题二电磁感应中的图像问题2.分析方法对图像的分析,应做到“四明确一理解”(1)明确图像所描述的物理意义;明确各种正、负号的含义;明确斜率的含义;明确图像和电磁感应过程之间的对应关系。(2)理解三个相似关系及其各自的物理意义v-Δv-ΔvΔt,B-ΔB-ΔBΔt,Φ-ΔΦ-ΔΦΔt。3.电磁感应中图像类选择题的两个常见解法(1)排除法:定性地分析电磁感应过程中物理量的变化趋势(增大还是减小)、变化快慢(均匀变化还是非均匀变化),特别是物理量的正负,排除错误的选项。(2)函数法:根据题目所给条件定量地写出两个物理量之间的函数关系,然后由函数关系对图像作出分析和判断,这未必是最简捷的方法,但却是最有效的方法。[例2](多选)一个圆形闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,如图4-3甲所示。设垂直于纸面向里的磁感应强度方向为正,线圈中顺时针方向的感应电流为正。已知圆形线圈中感应电流i随时间变化的图像如图4-3乙所示,则线圈所在处的磁场的磁感应强度随时间变化的图像可能是图4-4中的图4-3图4-4[思路引导]①磁感应强度向里为正、感应电流顺时针方向为正。②判断方法:一是由“因”→“果”:由磁场B的变化→感应电流磁场方向→感应电流方向。二是由“果”→“因”:感应电流方向→感应电流磁场方向→磁场B的变化情况。[解析]按由“果”→“因”进行分析,分析流程如下:[答案]CD2.如图4-5所示,三条平行虚线位于纸面内,中间虚线两侧有方向垂直于纸面的匀强磁场,磁感应强度等大反向,菱形闭合导线框ABCD位于纸面内且对角线AC与虚线垂直,磁场宽度与对角线AC长均为d,现使线框沿AC方向匀速穿过磁场,以逆时针方向为感应电流的正方向,则从C点进入磁场到A点离开磁场的过程中,线框中电流i随时间t的变化关系可能是[变式训练]图4-5解析本题疑难点在于导线框处于两个磁场中情况的判断。导线框ABCD在进入左边磁场时,由楞次定律和安培定则可以判断出感应电流的方向应为正方向,选项B、C不可能;当导线框ABCD一部分在左磁场区,另一部分在右磁场区时,回路中的最大电流要加倍,方向与刚进入时的方向相反,选项D可能,选项A不可能。答案D[规范审题与答题][例3]图4-6所示,“凸”字形硬质金属线框质量为m,相邻各边互相垂直,且处于同一竖直平面内,ab边长为l,cd边长为2l,ab与cd平行,间距为2l。匀强磁场区域的上下边界均水平,磁场方向垂直于线框所在平面。开始时,cd边到磁场上边界的距离为2l,线框由静止释放,从cd边进入磁场直到ef、pq边进入磁场前,线框做匀速运动。在ef、pq边离开磁场后,ab边离开磁场之前,线框又做匀速运动。线框完全穿过磁场过程中产生的热量为Q。线框在下落过程中始终处于原竖直平面内,且ab、cd边保持水平、重力加速度为g。求专题三电磁感应中的力电综合问题图4-6(1)线框ab边将离开磁场时做匀速运动的速度大小是cd边刚进入磁场时的几倍?(2)磁场上下边界间的距离H。[解析](1)设磁场的磁感应强度大小为B,cd边刚进入磁场时,线框做匀速运动的速度为v1,cd边上的感应电动势为E1,由法拉第电磁感应定律,有E1=2BLv1①设线框总电阻为R,此时线框中电流为I1,由闭合电路欧姆定律,有I1=E1R②设此时线框所受安培力为F1,有F1=2I1lB③由于线框做匀速运动,其受力平衡,有mg=F1④由①②③④式得v1=mgR4B2l2⑤设ab边离开磁场之前,线框做匀速运动的速度为v2,同理可得v2=mgRB2l2⑥由⑤⑥式得v2=4v1⑦(2)线框自释放直到cd边进入磁场前,由机械能守恒定律,有2mgl=12mv21⑧线框完全穿过磁场的过程中,由能量守恒定律,有mg(2l+H)=12mv22-12mv21+Q⑨由⑦⑧⑨式得H=Qmg+28l。[答案](1)4倍(2)Qmg+28l规范解答(1)线框在磁场区上方做什么运动,线框cd边进入磁场时为什么会作匀速直线运动,运动速度跟哪些因素有关。(2)线框从ef、pq进入磁场到ab边离开磁场这个过程中怎样运动,ab边离开时速度为多少?(3)在线框完全穿过磁场的过程中。应该选用什么规律解题,初末位置应选在何处?评分标准与答题规则[评分标准]本题共18分,第1问12分①④⑤⑥⑦每式2分。②③各1分。第2问6分⑧⑨式及结果各2分评分标准与答题规则[答题规则]1.对题目中未知的物理量,应当设出,同一物理在不同状态下的值应用角标标出物理量角标应符合常理、不能取古怪冷僻的字母角标。评分标准与答题规则2.应分步列式、公式要涉及题中给出的量或已设出的未知量。公式形式应规范不要写变异式不要写出结论式及二级结论式。3.要有必要的文字说明,标明研究对象,研究过程,初末状态,遵守规律,文字说明要简洁。3.(2019·天津卷)如图4-7所示,固定在水平面上间距为l的两条平行光滑金属导轨,垂直于导轨放置的两根金属棒MN和PQ长度也为l、电阻均为R,两棒与导轨始终接触良好。MN两端通过开关S与电阻为R的单匝金属线圈相连,线圈内存在竖直向下均匀增加的磁场,磁通量变化率为常量k。图中虚线右侧有垂直于导轨平面向下的匀强磁场,磁感应强度大小为B。PQ的质量为m,金属导轨足够长,电阻忽略不计。[变式训练]图4-7(1)闭合S,若使PQ保持静止,需在其上加多大的水平恒力F,并指出其方向;(2)断开S,PQ在上述恒力作用下,由静止开始到速度大小为v的加速过程中流过PQ的电荷量为q,求该过程安培力做的功W。解析(1)设线圈中的感应电动势为E,由法拉第电磁感应定律E=ΔФΔt,则E=k①设PQ与MN并联的电阻为R并,有R并=R2②闭合S时,设线圈中的电流为I,根据闭合电路欧姆定律得I=ER并+R③设PQ中的电流为IPQ,有IPQ=12I④设PQ受到的安培力为F安,有F安=BIPQl⑤保持PQ静止,由受力平衡,有F=F安⑥联立①②③④⑤⑥式得F=Bkl3R⑦方向水平向右。(2)设PQ由静止开始到速度大小为v的加速过程中,PQ运动的位移为x,所用时间为Δt,回路中的磁通量变化为ΔФ,平均感应电动势为E,有E=ΔФΔt⑧其中ΔФ=Blx⑨设PQ中的平均电流为I,有I=E2R⑩根据电流的定义得I=qΔt⑪由动能定理,有Fx+W=12mv2-0⑫联立⑦⑧⑨⑩⑪⑫式得W=12mv2-23kq。⑬答案(1)Bkl3R方向水平向右(2)12mv2-23kq
本文标题:2019-2020学年高中物理 第四章 电磁感应章末专题归纳课件 新人教版选修3-2
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