（全国通用）2020版高考数学二轮复习 专题提分教程 中难提分突破特训（六）课件 理

中难提分突破特训(六)6套中难提分突破特训1．已知△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，其面积为S，且3(b2＋c2－a2)＝4S.(1)求角A的大小；(2)若a＝3，当b＋2c取得最大值时，求cosB.解(1)由已知3(b2＋c2－a2)＝4S＝2bcsinA，由余弦定理得23bccosA＝2bcsinA，所以tanA＝3，因为A∈(0，π)，故A＝π3.(2)由正弦定理得3sinπ3＝bsinB＝csinC，即b＝2sinB，c＝2sinC，因此b＋2c＝2sinB＋4sinC＝2sinB＋2sinB＋π3＝4sinB＋23cosB＝27sin(B＋φ)，其中φ∈0，π2，tanφ＝32，则sinφ＝37＝217，故b＋2c≤27，当且仅当B＋φ＝π2，即B＝π2－φ时取等号，故此时cosB＝sinφ＝217.2．如图，直三棱柱ABC－A1B1C1中，AC＝BC，AA1＝AB，D为BB1的中点．(1)若E为AB1上的一点，且DE与直线CD垂直，求EB1AB1的值；(2)在(1)的条件下，设异面直线AB1与CD所成的角为45°，求直线DE与平面AB1C1所成角的正弦值．解(1)如图，取AB的中点M，连接CM，MD，有MD∥AB1，因为AC＝BC，所以CM⊥AB，又因为三棱柱ABC－A1B1C1为直三棱柱，所以平面ABC⊥平面ABB1A1，又因为平面ABC∩平面ABB1A1＝AB，所以CM⊥平面ABB1A1，又因为DE⊂平面ABB1A1，所以CM⊥DE，又因为DE⊥CD，CD∩CM＝C，CD⊂平面CMD，CM⊂平面CMD，所以DE⊥平面CMD，又因为MD⊂平面CMD，所以DE⊥MD，因为MD∥AB1，所以DE⊥AB1，连接A1B，设A1B∩AB1＝O，因为ABB1A1为正方形，所以A1B⊥AB1，又因为DE⊂平面AA1B1B，A1B⊂平面AA1B1B，所以DE∥A1B，又因为D为BB1的中点，所以E为OB1的中点，所以EB1AB1＝14.(2)如图，以M为坐标原点，分别以MA，MO，MC所在直线为x轴、y轴、z轴，建立空间直角坐标系，设AB＝2a，由题意可知∠CDM＝45°，所以AB1＝22a，所以DM＝CM＝2a，所以A(a,0,0)，B1(－a,2a,0)，C1(0,2a，2a)，D(－a，a,0)，E－12a，32a，0，所以AB1→＝(－2a,2a,0)，B1C1→＝(a,0，2a)，DE→＝12a，12a，0，设平面AB1C1的一个法向量为n＝(x，y，z)，则AB1→·n＝0，B1C1→·n＝0，即－2x＋2y＝0，x＋2z＝0，得平面AB1C1的一个法向量为n＝(2，2，－1)．所以cos〈DE→，n〉＝DE→·n|DE→||n|＝222×5＝255.所以直线DE与平面AB1C1所成角的正弦值为255.3．在平面直角坐标系xOy中，椭圆E：x2a2＋y2b2＝1(a0，b0)经过点A－62，2，且点F(0，－1)为其一个焦点．(1)求椭圆E的方程；(2)设椭圆E与y轴的两个交点为A1，A2，不在y轴上的动点P在直线y＝b2上运动，直线PA1，PA2与椭圆E的另外两个交点分别为M，N，证明：直线MN通过一个定点，且△FMN的周长为定值．解(1)根据题意可得32a2＋2b2＝1，b2－a2＝1，解得a＝3，b＝2，∴椭圆E的方程为x23＋y24＝1.(2)证明：不妨设A1(0,2)，A2(0，－2)．P(x0,4)为直线y＝4上一点(x0≠0)，M(x1，y1)，N(x2，y2)．直线PA1的方程为y＝2x0x＋2，直线PA2的方程为y＝6x0x－2.点M(x1，y1)，A1(0,2)的坐标满足方程组x23＋y24＝1，y＝2x0x＋2，可得x1＝－6x03＋x20，y1＝2x20－63＋x20.点N(x2，y2)，A2(0，－2)的坐标满足方程组x23＋y24＝1，y＝6x0x－2，可得x2＝18x027＋x20，y2＝－2x20＋5427＋x20，即M－6x03＋x20，2x20－63＋x20，N18x027＋x20，－2x20＋5427＋x20.直线MN的方程为y－2x20－63＋x20＝－x20－96x0x＋6x03＋x20，即y＝－x20－96x0x＋1.故直线MN恒过定点B(0,1)．又∵F(0，－1)，B(0,1)是椭圆E的焦点，∴△FMN的周长＝|FM|＋|MB|＋|BN|＋|NF|＝4b＝8.4．在直角坐标系xOy中，以O为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，已知曲线C：ρsin2θ＝2acosθ(a0)，直线l：x＝－2＋22t，y＝22t(t为参数)．(1)求曲线C的直角坐标方程，直线l的普通方程；(2)设直线l与曲线C交于M，N两点，点P(－2,0)，若|PM|，|MN|，|PN|成等比数列，求实数a的值．解(1)由ρsin2θ＝2acosθ(a0)两边同乘以ρ得，曲线C：y2＝2ax，由直线l：x＝－2＋22t，y＝22t(t为参数)，消去t，得直线l：x－y＋2＝0.(2)将x＝－2＋22t，y＝22t代入y2＝2ax得，t2－22at＋8a＝0，由Δ0得a4，设M－2＋22t1，22t1，N－2＋22t2，22t2，则t1＋t2＝22a，t1t2＝8a，∵|PM|，|MN|，|PN|成等比数列，∴|t1－t2|2＝|t1t2|，∴(22a)2－4×8a＝8a，∴a＝5.5．已知函数f(x)＝2|x＋a|＋|3x－b|.(1)当a＝1，b＝0时，求不等式f(x)≥3|x|＋1的解集；(2)若a0，b0，且函数f(x)的最小值为2，求3a＋b的值．解(1)当a＝1，b＝0时，由f(x)≥3|x|＋1，得2|x＋1|≥1，所以|x＋1|≥12，解得x≤－32或x≥－12，所以所求不等式的解集为－∞，－32∪－12，＋∞.(2)解法一：因为f(x)＝2|x＋a|＋|3x－b|＝－5x－2a＋b，x－a，－x＋2a＋b，－a≤x≤b3，5x＋2a－b，xb3，所以函数f(x)在－∞，b3上为减函数，在b3，＋∞上为增函数，所以当x＝b3时，函数f(x)取得最小值，为fb3＝2b3＋a＝2.因为a0，b0，所以3a＋b＝3.解法二：f(x)＝2|x＋a|＋x－b3＋x－b3≥2a＋b3＋x－b3，等号在－a≤x≤b3时成立，因为当x＝b3时，x－b3的最小值为0，所以f(x)＝2|x＋a|＋x－b3＋x－b3≥2a＋b3，等号在x＝b3时成立，所以f(x)的最小值为2a＋b3，从而2a＋b3＝2.因为a0，b0，所以3a＋b＝3.本课结束