黑龙江省大庆市第四中学2018-2019学年高一化学下学期第二次月考试题（含解析）

1、-1-黑龙江省大庆市第四中学2018-2019学年高一化学下学期第二次月考试题（含解析）第Ⅰ卷(选择题)可能用到的相对原子质量为：H:1C:12O:16一、选择题(共25小题，1-15题每题2分，16-25题每题3分，共60分。每小题只有一个选项符合题意)1.下列关于元素周期表的说法中正确的是A.过渡元素全部是金属元素B.同周期第ⅡA族与第ⅢA族元素的原子序数差值一定是1C.催化剂一般在金属与非金属的分界线处寻找D.同一主族元素的原子序数的差不可能为10【答案】A【解析】试题分析：A．过渡元素全部是金属元素，A项正确；B．第四、五周期的第ⅡA族与第ⅢA族元素的原子序数差值是10，B项错误；C．半导体材料一般在金属与非金属的分界线处寻找，C项错误；D．H、Na位于同一主族，原子序数的差为11-1=10,D项错误；答案选A。考点：考查元素周期表的结构。2.下列化合物中所含化学键类型完全相同的一组是()A.NaCl和CO2B.Na2O2和CaCl2C.Na2O2和H2O2D.HCl和H2O【答案】D【解析】【分析】一般来说，活泼金属和活泼非金属元素之间易形成离子键，非金属元素之间易形成共价。

2、键，第IA族、第IIA族和第VIA族、第VIIA族元素之间易形成离子键。【详解】A.NaCl和CO2，NaCl中钠离子和氯离子之间存在离子键，CO2分子中C原子和O原子之间存在共价键，所以化学键类型不同，故A错误；B.Na2O2和CaCl2，Na2O2中钠离子和过氧根离子之间存在离子键，过氧根离子中两个氧原子间有非极性共价键，CaCl2中钙离子和氯离子之间只存在离子键，所以化学键类型不同，故B错-2-误；C.Na2O2和H2O2，Na2O2中钠离子和过氧根离子之间存在离子键，过氧根离子中两个氧原子间有非极性共价键，H2O2中O与H之间存在极性共价键，两个氧原子间有非极性共价键，所以化学键类型不同，故C错误；D.HCl和H2O，HCl分子中H原子和Cl原子之间只存在共价键，H2O是共价键形成的共价分子，所以化学键类型相同，故D正确；故选D。3.如图中每条折线表示周期表ⅣA～ⅦA中的某一族元素氢化物的沸点变化。每个小黑点代表一种氢化物，其中a点代表的是A.H2SB.HClC.PH3D.SiH4【答案】D【解析】根据图像可知b曲线存在100℃的沸点，该物质应是水，即该曲线属于ⅥA元素，所以正。

3、确的答案是A。4.下列不能说明氯的非金属性比硫强的事实是①HCl比H2S稳定②HClO氧化性比H2SO4强③HClO4酸性比H2SO4强④Cl2能与H2S反应生成S⑤Cl原子最外层有7个电子，S原子最外层有6个电子⑥Cl2与Fe反应生成FeCl3，S与Fe反应生成FeS⑦HCl酸性比H2S强A.②⑤⑦B.①②⑦C.②④D.①③⑤【答案】A【解析】①元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，HCl比H2S稳定，可说明非金属性:Cl＞S，故-3-①正确;②HClO氧化性比H2SO4强不能作为比较非金属性强弱的依据，故②错误;③元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物对应的水化物的酸性越强，HClO4酸性比H2SO4强，可说明非金属性:Cl＞S，故③正确;④Cl2能与H2S反应生成S，可说明氧化性:Cl2＞S，单质的氧化性越强，对应元素的非金属性越强，故④正确;⑤不能以最外层电子数的多少判断非金属性的强弱，例如O的最外层电子数为6，I的最外层电子数为7，但O的非金属性大于I，故⑤错误;⑥Cl2与Fe反应生成FeCl3，S与Fe反应生成FeS，可说明氧化性:Cl2＞S，单质的氧化性越强，对应元素的。

4、非金属性越强，故⑥正确;⑦比较非金属性的强弱，应根据对应的最高价氧化物对应的水化物的酸性比较，不能根据氢化物的酸性进行比较，例如HF的酸性比HCl弱，但非金属性F大于Cl，故⑦错误；故选A。5.下列说法不正确的是()A.干冰升华和液氧气化时，都只需克服分子间作用力B.N2和Cl2O两种分子中，每个原子的最外层都具有8电子稳定结构C.HF、HCl、HBr、HI的热稳定性和水溶液的酸性均依次减弱D.石墨转化金刚石，既有化学键的断裂，又有化学键的形成【答案】C【解析】【详解】A、干冰和氧气形成的晶体都是分子晶体，所以干冰升华和液氧气化时，都只需克服分子间作用力，故A正确；B、氮气含N≡N，Cl2O中含2个O-Cl键，N原子上存在1对孤对电子，O原子上存在2对孤对电子，Cl原子上存在3对孤对电子，则两种分子中，每个原子的最外层都具有8电子稳定结构，故B正确；C、同一主族，从上到下，元素的非金属性逐渐减弱，所以非金属性：F＞Cl＞Br＞I，元素非金属性越强，其氢化物越稳定，所以热稳定性：HF＞HCl＞HBr＞HI；酸性：HF＜HCl＜HBr＜HI，故C错误；D、石墨转化金刚石是化学变化，既有化学。

5、键的断裂，又有化学键的形成，故D正确；故选C。6.下列说法错误的是()A.糖类化合物也可称为碳水化合物B.硒是人体必需的微量元素，但不宜摄入过多C.蛋白质是仅由碳、氢、氧元素组成的物质D.维生素D可促进人体对钙的吸收【答案】C-4-【解析】【分析】A、糖类化合物大多符合通式Cn（H2O）m，故称为碳水化合物；B、硒是微量元素，是人体必需元素；C、蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N四中元素，有些蛋白质还含S、P等元素；D、维生素D的作用是促进钙、磷的吸收和骨骼的发育。【详解】A、糖类化合物大多符合通式Cn（H2O）m，故称为碳水化合物，故A正确；B、硒是人体必需的微量元素，但不宜摄入过多，会对人体健康造成危害，故B正确；C、蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N四中元素，不仅由碳、氢、氧元素，故C错误；D、维生素D可促进人体对钙的吸收，磷的吸收和骨骼的发育，故D正确；故选C。7.下列关于常见有机物的说法中正确的是()①棉花、蚕丝和聚乙烯的主要成分都是纤维素②甲烷、乙醇和乙酸在一定条件下都能发生取代反应③等质量的乙烷、乙烯、苯充分燃烧，消耗氧气的量由多到少④除去乙酸乙酯中残留的乙酸，加过量。

6、饱和Na2CO3溶液振荡后，静置分液⑤乙酸乙酯和植物油均可水解生成乙醇⑥乙烯、苯、乙醇、油脂都能使酸性KMnO4溶液褪色⑦棉、麻、丝、毛完全燃烧后都只生成CO2和H2O⑧氨基酸在人体中生成新的蛋白质属于加聚反应A.①⑤⑥⑦B.②③④C.①②③⑧D.②③⑤⑧【答案】B【解析】【分析】①蚕丝的主要成分是蛋白质；②甲烷与氯气在光照下发生取代反应，乙醇与乙酸的酯化反应为取代反应；③有机物中含氢越多，燃烧时，消耗氧气的量越大；④碳酸钠溶液能中和乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层；⑤植物油为油脂水解生成高级脂肪酸和甘油；-5-⑥苯与高锰酸钾不反应，油脂中的不饱和高级脂肪酸甘油酯可以和高锰酸钾溶液反应；⑦丝、毛含有N元素，完全燃烧后除生成CO2和H2O外，还有含氮的物质；⑧氨基酸在人体中生成新的蛋白质和水，属于缩聚反应。【详解】①蚕丝的主要成分是蛋白质，不是纤维素，故①错误；②甲烷与氯气在光照下发生取代反应，乙醇与乙酸的酯化反应为取代反应，则均可发生取代反应，故②正确；③有机物中含氢越多，燃烧时，消耗氧气的量越大，等质量的乙烷、乙烯、苯充分燃烧，消耗氧气的量由多到少，故③正确；④乙酸乙酯不溶于饱和。

7、碳酸钠，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸乙酯，故④正确；⑤乙酸乙酯可水解生成乙醇，植物油水解得到高级脂肪酸和甘油，不能得到乙醇，故⑤错误；⑥乙烯、乙醇都能使酸性KMnO4溶液褪色，苯不能能使酸性KMnO4溶液褪色、油脂中的油可以使高锰酸钾溶液褪色，故⑥错误⑦丝、毛含有N元素，完全燃烧后除生成CO2和H2O外，还有含氮的物质，故⑦错误；⑧氨基酸在人体中生成新的蛋白质和水，属于缩聚反应，故⑧错误。其中②③④正确，故选B。8.下列各组中的物质均能发生加成反应的是()A.乙烯和乙醇B.苯和氯乙烯C.乙酸和溴乙烷D.丙烯和丙烷【答案】B【解析】乙醇不含双键，不能发生加成反应，故A错误；苯与氢气发生加成反应生成环己烷，氯乙烯与氢气发生加成反应生成氯乙烷，故B正确；乙酸和溴乙烷不能发生加成反应，故C错误；丙烷不含双键，不能发生加成反应，故D错误。点睛：含有碳碳双键、碳碳叁键的物质能发生加成反应，醛基、羰基含有碳氧双键能发生加成反应；羧基、酯基中碳氧双键不能与氢气发生加成反应。9.巴豆酸的结构简式为CH3—CH=CH—COOH。现有①氯化氢、②溴水、③纯。

8、碱溶液、④乙醇、-6-⑤酸性高锰酸钾溶液，试根据巴豆酸的结构特点，判断在一定条件下，能与巴豆酸反应的物质是A.只有②④⑤B.只有①③④C.只有①②③④D.①②③④⑤【答案】D【解析】【分析】CH3-CH═CH-COOH中含碳碳双键、-COOH，结合烯烃、羧酸的性质来分析。【详解】含碳碳双键，能与①氯化氢、②溴水发生加成反应；含碳碳双键，能与⑤酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应；含-COOH，能与③纯碱溶液发生复分解反应，也能与④乙醇发生酯化反应，故选：D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，解题关键：把握官能团与性质的关系，结合官能团的结构，掌握常见有机物的性质及应用。10.能用来鉴别乙醇、己烷、己烯的试剂是()A.金属钠B.溴水C.水D.氢氧化钠溶液【答案】B【解析】【分析】根据有机物的物理性质以及化学性质的不同点来鉴别，己烷、己烯都不溶于水，乙醇易溶于水，己烯含有C=C，能与溴水发生加成反应。【详解】A．乙醇、己烷、己烯三种物质都是无色液体，化学性质有明显的不同，乙醇与金属钠可以发生反应生成无色气体（氢气），而己烷、己烯均不与金属钠反应，无法鉴别开，故A错误；B、溴水与乙醇可以互溶，己烯。

9、能使溴水褪色，己烷和溴水混合会发生分层现象，可鉴别，故B正确；C、己烷、己烯都不溶于水，且密度都比水小，不能鉴别，故C错误；D、与氢氧化钠溶液作用的现象与水类似，无法鉴别己烷和己烯，谷D错误。-7-故选：B。11.下列除去括号内杂质所用的试剂和方法中，不正确的是：选项物质所用试剂方法A．乙醇(水)足量生石灰蒸馏B．乙烷(乙烯)酸性高锰酸钾溶液洗气C．乙酸乙酯(乙酸)饱和碳酸钠溶液分液D．溴苯（溴）氢氧化钠溶液分液A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A、生石灰可以和水发生反应生成氢氧化钙溶液,可以采用蒸馏的方法实现氢氧化钙和乙醇混合溶液的分离,所以A是正确的.B、乙烯可以被高锰酸钾氧化为二氧化碳气体,除掉了乙烯,又在乙烷中引入了二氧化碳杂质,故B错误;C、乙酸和碳酸钠可以反应生成醋酸钠的水溶液,乙酸乙酯和醋酸钠溶液互不相溶,可以采用分液法来分离,故C错误;D．溴苯中的溴可以和氢氧化钠溶液反应，溴苯不反应并且和溴化钠次溴酸钠不互溶，可以用分液的方法分离，故D正确；答案：B。【点睛】根据混合物分离的方法进行分离。A、互不相溶的液体可以采用分液的方法分离;B、乙烯能被高锰酸钾氧化。

10、为二氧化碳;C、乙酸乙酯和水溶液互不相溶,可以采用分液法来分离;D、互溶、沸点相差较大的液体之间可以采用蒸馏法分离。12.分子式为C6H12O2且可以与碳酸氢钠溶液反应的有机物化合物(不考虑立体异构)有()A.5种B.6种C.7种D.8种【答案】D【解析】试题分析：分子式为C6H12O2且可以与碳酸氢钠溶液反应的有机物化合物是饱和一元羧酸，应该-8-是C5H11—与羧基连接形成的化合物，C5H11—有三种碳链结构，正戊烷的取代基有三种不同的H原子，异戊烷的取代基有四种不同的H原子，新戊烷的取代基只有一种H原子，它们分别被羧基取代得到羧酸，所以一共有3+4+1=8种羧酸。答案选D。考点：考查有机物同分异构体的种类的计算与判断的知识。13.香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下：下列有关香叶醇的叙述正确的是（）A.香叶醇的分子式为C10H18OB.不能使溴的四氯化碳溶液褪色C.不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D.能发生加成反应不能发生取代反应【答案】A【解析】香叶醇的分子式为C10H18O，A正确；香叶醇结构简式中有含有双键，能与溴发生加成反应，使溴水褪色，B错误；香叶醇结构简式中有含有双。