重庆市云阳江口中学校2018-2019学年高二化学下学期第二次月考试题（含解析）

-1-重庆市云阳江口中学校2018-2019学年高二化学下学期第二次月考试题（含解析）可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16Na-23Cu-64一、单项选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.生活处处有化学，下列说法错误．．的是（）A.用热碱水清除炊具上残留的油污B.用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土保存水果C.煎炸食物的花生油和牛油都是可皂化的高级脂肪酸甘油酯D.磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸【答案】D【解析】【分析】A.油污在碱性条件下可以水解；B.高锰酸钾可以吸收水果释放的乙烯；C.花生油和牛油都是可皂化的高级脂肪酸的甘油酯；D.蛋白质水解需要催化剂；【详解】A.油污的主要成分属于酯，在碱性条件下可以发生彻底水解为可溶于水的物质，故A项正确；B.高锰酸钾可以吸收水果释放的乙烯，起到保鲜的作用，故B项正确；C.花生油为植物油，牛油为动物油，二者都是可皂化的高级脂肪酸的甘油酯，故C项正确；D.蛋白质要在催化剂作用下才能水解为氨基酸，故D项错误。综上，本题选D。2.下列说法错误．．的是（）A.乙烯可以用作生产食品包装材料的原料B.用重结晶的方法提纯苯甲酸时应趁热过滤C.邻二甲苯只有一种结构能说明苯分子的结构中，碳碳键不是单、双键交替的事实-2-D.（二羟甲戊酸），1mol该有机物与足量金属钠反应一定能产生33.6LH2【答案】D【解析】【详解】A．乙烯可发生加聚反应生成聚乙烯，聚乙烯可以用作生产食品包装材料，故A正确；B．苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大，为防止苯甲酸的损失，重结晶的方法提纯苯甲酸时应趁热过滤，故B正确；C．若苯的结构中存在单双键交替结构，则苯的邻位二元取代物有两种，但实际上无同分异构体，所以能说明苯不是单双键交替结构，故C正确；D．二羟甲戊酸分子中有1个羧基和2个羟基，它们都能与钠反应，1mol该有机物与钠反应可以生成1.5mol氢气，这些氢气在标准状况下的体积为33.6L。气体的体积与温度和压强有关，未注明是否为标准状况，无法确定生成氢气的体积，故D错误；答案选D。3.丁子香酚可用于制备杀虫剂和防腐剂，结构简式如图所示。下列说法中，不正确．．．的是（）A.丁子香酚能使酸性KMnO4溶液褪色，可证明其分子中含有碳碳双键B.丁子香酚分子中的含氧官能团是羟基和醚键C.1mol丁子香酚与足量氢气加成时，最多能消耗4molH2D.丁子香酚可通过加聚反应生成高聚物【答案】A【解析】【详解】A．苯环上的侧链烃基、-OH、碳碳双键均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，则酸性KMnO4溶液褪色，不能证明其分子中一定含有碳碳双键，故A错误；B．中的含氧官能团有羟基和醚键，故B正确；-3-C．苯环、碳碳双键均能与氢气发生加成反应，则1mol丁子香酚与足量氢气加成时，最多能消耗4molH2，故C正确；D．结构中含碳碳双键，可通过加聚反应生成高聚物，故D正确；答案选A。4.下列物质间反应的产物中一定不存在同分异构体的是（）A.CH3-CH=CH2与HBrB.与NaHCO3溶液C.CH3CH3与Cl2D.与NaOH乙醇溶液共热【答案】B【解析】【详解】A．CH2=CHCH3与HBr加成反应，可以得到1-溴丙烷和2-溴丙烷，互为同分异构体，故A不选；B．邻羟基苯甲酸中羧基和碳酸氢钠反应，酚羟基不与碳酸氢钠反应，产物只有一种，不存在同分异构体，故B选；C．CH3CH3与Cl2反应，光照取代反应生成的二氯取代物、三氯取代物、四氯取代物都存在同分异构体，故C不选；D．与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应，可以得到1-丁烯或2-丁烯，二者互为同分异构体，故D不选；答案选B。【点睛】本题的易错点为B，要注意酸性：碳酸＞苯酚＞碳酸氢钠，因此酚羟基不能与碳酸氢钠反应放出二氧化碳，酚羟基可以与碳酸钠反应生成碳酸氢钠。5.烯烃、一氧化碳和氢气在催化剂作用下生成醛的反应，称为羰基合成，也叫发生烯烃的醛化反应。如由乙烯制丙醛的反应为：CH2==CH2+CO+H2催化剂CH3CH2CHO，由分子式为C4H8-4-的烯烃进行醛化反应，得到醛的同分异构体可能有（）A.2种B.3种C.4种D.5种【答案】C【解析】【详解】分子式为C4H8的烯烃有3种：CH3—CH2—CH=CH2、CH3—CH=CH—CH3、。由题给信息可知，反应后的新物质从烯变为醛，同时增加了一个碳原子，且增加的碳原子应连接在烯烃的不饱和碳原子上。故C4H8醛化后得到分子式为C5H10O的醛。其结构简式如下：CH3CH2CH2CH2CHO、、（CH3）3CCHO、。答案选C。6.是一种有机烯醚，可以用烃A通过下列路线制得则下列说法正确的是（）A.的分子式为C4H4OB.A的结构简式是CH2=CHCH2CH3C.A能使高锰酸钾酸性溶液褪色D.①②③的反应类型分别为卤代、水解、消去【答案】C【解析】【分析】根据题中各物质转化关系,A与溴发生加成反应得B,B在碱性条件下水解得C,C在浓硫酸作用下发生脱水成醚,根据的结构可以反推得C为HOCH2CH=CHCH2OH,B为BrCH2CH=CHCH2Br,A为CH2=CHCH=CH2,据此答题;【详解】根据题中各物质转化关系,A与溴发生加成反应得B,B在碱性条件下水解得C,C在浓-5-硫酸作用下发生脱水成醚,由的结构可以反推得C为HOCH2CH=CHCH2OH,B为BrCH2CH=CHCH2Br,A为CH2=CHCH=CH2,A.的分子式为C4H6O,故A项错误;B.根据上面的分析可以知道,A为CH2=CHCH=CH2,故B项错误;C.A中有碳碳双键,所以能使高锰酸钾酸性溶液褪色,故C项正确;D.根据上面的分析可以知道,①、②、③的反应类型分别为加成、水解、取代,故D项错误,综上，本题选C。【点睛】本题为推断题。要抓住特征条件①、②中的特殊条件，再结合的结构逆推。7.下列实验结论正确的是（）实验操作现象结论A淀粉溶液中加入碘水溶液变蓝说明淀粉没有水解B将乙醇与酸性重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液混合橙色溶液变为绿色乙醇具有还原性C蔗糖溶液中加入稀硫酸，水解后加入银氨溶液，水浴加热未出现银镜水解的产物为非还原性糖D将新制Cu(OH)2与葡萄糖溶液混合加热产生红色沉淀(Cu2O)葡萄糖具有氧化性A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．淀粉溶液中加入碘水，溶液变蓝，说明溶液中还存在淀粉，淀粉可能部分水解，不能说明淀粉没有水解，故A错误；B．乙醇具有还原性，能被橙色的酸性重铬酸钾溶液氧化生成绿色的Cr3+，故B正确；C．蔗糖溶液中加入稀硫酸水解后溶液呈酸性，在酸性条件下，葡萄糖与银氨溶液不能发生银镜反应，故C错误；-6-D．葡萄糖与新制Cu(OH)2反应生成砖红色沉淀氧化亚铜，表现了葡萄糖的还原性，故D错误；答案选B。二、填空题（本题包括4小题，共58分）8.已知A—F六种有机化合物是重要的有机合成原料，结构简式见下表，请根据要求回答下列问题：化合物ABC结构简式化合物DEF结构简式（1）化合物A属于_______类（按官能团种类分类）（2）化合物B在一定条件下，可以与NaOH溶液发生反应，1mol化合物B最多消耗____molNaOH。（3）化合物C与D在一定条件下发生如图转化得到高分子化合物Z，部分产物已略去。反应③中D与H2按物质的量1:1反应生成Y，则生成Z的结构简式为___________。（4）化合物D与银氨溶液反应的化学方程式_________（有机物用结构简式表示）。（5）写出符合下列条件的E的同分异构体有_________种。a．能发生水解反应b．在加热条件下能够与新制的氢氧化铜悬浊液生成砖红色沉淀（6）化合物F是合成“克矽平”（一种治疗矽肺病的药物）的原料之一，其合成路线如下：（说明：克矽平中氮氧键是一种特殊的共价键；反应均在一定条件下进行。）-7-a．反应①是原子利用率100%的反应，则该反应的化学方程式为______________；b．上述转化关系中没有涉及的反应类型是（填代号）_________。①加成反应②消去反应③还原反应④氧化反应⑤加聚反应⑥取代反应【答案】(1).酯(2).3(3).(4).(5).4(6).+HCHO→(7).③⑥【解析】【分析】(1)根据常见官能团的结构分析判断；(2)化合物B()中含有2个酚羟基、1个酯基，结合官能团的性质分析解答；(3)化合物C()被酸性高锰酸钾溶液氧化生成X为，化合物D()与H2按物质的量1∶1反应生成Y，则Y为，据此分析解答；(4)化合物D()中含有醛基，据此书写与银氨溶液反应的化学方程式；(5)E()的同分异构体能发生水解反应，说明含有酯基，在加热条件下能够与新制的氢氧化铜悬浊液生成红色沉淀，说明含有-CHO，据此分析书写；-8-(6)反应①是原子利用率100%的反应，由原子守恒可知，应是与HCHO发生加成反应生成，反应②为在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成，反应③为的加聚反应，反应④为氧化反应，据此分析解答。【详解】(1)化合物A()中含有酯基，属于酯，故答案为：酯；(2)1mol化合物B()含有2mol酚羟基、1mol羧酸与醇形成的酯基，1molB最多可以与3molNaOH反应，故答案为：3；(3)化合物C()被酸性高锰酸钾溶液氧化生成X为，化合物D()与H2按物质的量1∶1反应生成Y，则Y为，X与Y发生缩聚反应生成高分子化合物Z，Z为，故答案为：；(4)化合物D()与银氨溶液反应的化学方程式为：，故答案为：；(5)E()的同分异构体能发生水解反应，说明含有酯基，在加热条件下能够与新制的氢氧化铜悬浊液生成红色沉淀，说明含有-CHO，结合E的结构简式可知，应为甲酸形成-9-的酯，若侧链为甲基、-OOCH，有邻位、间位和对位3种，若侧链为HCOOCH2-，有1种，共4种，故答案为：4；(6)反应①是原子利用率100%的反应，由原子守恒可知，应是与HCHO发生加成反应生成，反应②为在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成，反应③为的加聚反应，反应④为氧化反应。a．反应①是原子利用率100%的反应，则该反应的化学方程式为：+HCHO→，故答案为：+HCHO→；b．由上述分析可知，上述转化关系中涉及加成反应、消去反应、加聚反应、氧化反应，没有涉及还原反应、取代反应，故答案为：③⑥。【点睛】本题的易错点为(2)，要注意酯基水解生成羟基是否与苯环直接相连，若是，则该羟基(酚羟基)也能与氢氧化钠反应；本题的难点为(6)①，要注意信息“原子利用率100%”的提示。9.下列装置中有机物样品在电炉中充分燃烧，通过测定生的CO2和H2O的质量，来确定有机物分子式。请回答下列问题：（1）A装置是提供实验所需的O2，则A装置中二氧化锰的作用是_____；B装置中试剂X可-10-选用__________。（2）D装置中无水氯化钙的作用是_________；E装置中碱石灰的作用是__________。（3）若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，准确称取0.44g样品，经充分反应后，D管质量增加0.36g，E管质量增加0.88g，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为_________。（4）若该有机物的核磁共振氢谱如下图所示，峰面积之比为1:3则其结构简式为________；若符合下列条件，则该有机物的结构简式为_________。①环状化合物②只有一种类型的氢原子（5）某同学认为E和空气相通，会影响测定结果准确性，应在E后再增加一个E装置，其主要目的是________。【答案】(1).过氧化氢分解的催化剂(2).浓硫酸(3).吸收生成的水(4).吸收生成的二氧化碳(5).C2H4O(6).CH3CHO(7).(8).吸收空气中的二氧化碳和水蒸汽【解析】分析：实验原理是测定一定质量的有机物完全燃烧时生成CO2和H2O的质量，来确定是否含氧及C、H、O的个数比，求出最简式，因此生成O2后必须除杂（主要是除H2O）明确各装置的作用是解题的前提，A是生成氧气的装置，B用于干燥通入