河北省邢台市2020届高三化学上学期第一次摸底考试试题（含解析）

1河北省邢台市2020届高三化学上学期第一次摸底考试试题（含解析）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.可能用到的相对原子质全:H1C12O16Al27Cl35.5Ti48第Ⅰ卷(选择题共42分)一、选择题(本题包括14小题，每小题3分，共42分。每小题只有一个选项符合题意)1.世界上最大的空港——北京新机场，被称为“现代世界新七大奇迹”之一，涵盖了当今世界机场多项尖端科技，化工行业在这座宏伟的“超级工程”中发挥了巨大作用。下列属于无机材料的是A.高韧薄层沥青罩面B.隔震橡胶垫C.超高分子量聚乙烯纤维D.高强度耐腐蚀钢筋【答案】D【解析】【详解】A．高韧薄层沥青罩面，成分为烃类有机物质，属于有机材料，故A错误；B．隔震橡胶垫，成分为有机高分子材料，属于有机材料，故B错误；C．超高分子量聚乙烯纤维，是有机高分子材料，属于有机材料，故C错误；D．高强度耐腐蚀钢筋的主要成分为铁合金，是金属材料，属于无机材料，故D正确；故选D。【点睛】掌握有机物与无机物的概念、特征是解答此题的关键。要知道无机材料主要包括金属、氮化物、硅酸盐等物质组成的材料，有机材料是指成分为有机化合物的材料，最基本的组成元素是都含碳元素。22.下列化学用语表示正确的是A.16O2－的离子结构示意图：B.甲烷的球棍模型：C.乙酸的结构式：CH3COOHD.羟基的电子式：【答案】D【解析】【详解】A．O的质子数为8，原子核外电子数为8，则16O2－的离子结构示意图为，故A错误；B．为甲烷的比例模型，甲烷的球棍模型为，故B错误；C．CH3COOH为乙酸的结构简式，结构式需要用“—”表示出化学键，故C错误；D．羟基结构简式为-OH，为电中性粒子，电子式为，故D正确；故选D。3.下列关于有机物的说法正确的是A.分馏汽油和裂化汽油均可使溴水褪色，其原理相同B.C4H8O2的同分异构体中，能与碳酸钠溶液反应的有2种C.硬脂酸甘油酯发生皂化反应后，加入饱和食盐水，下层有固体析出D.组成人体蛋白质的氨基酸均须由食物供给【答案】B【解析】【详解】A、分馏汽油中没有烯烃，不能使溴水褪色，与溴水发生萃取；裂化汽油中含有烯烃，能够使溴水褪色，故A错误；B、C4H8O2的同分异构体中，能与碳酸钠溶液反应，说明结构中含有羧基，符合条件的有CH3CH2CH2COOH、(CH3)2CHCOOH，故B正确；C、硬脂酸甘油酯发生皂化反应后，加入饱和食盐水，发生盐析，析出的高级脂肪酸的钠盐的密度比水小，在上层有固体析出，故C错误；D、组成人体蛋白质的氨基酸分为必需氨基酸和非必需氨基酸，非必需氨基酸可以由人体合3成，不一定由食物供给，故D错误；故选B。4.常温下，下列各组离子在指定的条件下能大量共存的是A.c(Fe3＋)＝0.1mol·L－1的溶液中：K＋、Cl－、SO42－、SCN－B.在pH＝2的溶液中：NH4＋、K＋、F－、NO3－C.由水电离出的c(H＋)＝10－12mol·L－1的溶液中：Mg2＋、Na＋、SO42－、ClO－D.通入足量CO2的溶液中：H＋、NH4＋、Al3＋、SO42－【答案】D【解析】【详解】A．SCN-与Fe3+发生络合反应而不能大量共存，故A错误；B．pH=2的溶液呈酸性，酸性条件下F－不能大量存在，故B错误；C．水电离c(H+)=10-12mol•L-1的溶液可能呈酸性或碱性，酸性条件下ClO-不能大量存在，碱性条件下Mg2＋不能大量存在，故C错误；D．通入足量CO2的溶液中不和H+、NH4+、Al3+、SO42-离子反应，且离子间也不发生反应，能大量共存，故D正确；故选D。【点睛】本题的易错点为B，要注意氢卤酸中只有氢氟酸为弱酸，其余为强酸。5.一定条件下，卤素互化物碘化砹(AtI)与Zn、NH3发生反应，化学方程式：2AtI+2Zn=ZnI2+ZnAt2、AtI+2NH3(l)=NH4I+AtNH2。下列叙述正确的是A.上述两个反应均是氧化还原反应B.上述两个反应均是非氧化还原反应C.ZnAt2既是氧化产物，又是还原产物D.AtI与Zn反应，AtI是还原剂【答案】C【解析】【详解】A、AtI+2NH3(l)=NH4I+AtNH2中没有元素的化合价发生变化，属于非氧化还原反应，故A错误；B、2AtI+2Zn=ZnI2+ZnAt2反应中，Zn的化合价升高，At元素化合价降低，属于氧化还原反应，故B错误；4C、反应中，Zn的化合价升高，对应产物ZnI2、ZnAt2是氧化产物，At元素化合价降低，ZnAt2是还原产物，所以ZnAt2既是氧化产物，又是还原产物，故C正确；D、AtI与Zn反应中，Zn的化合价升高，锌为还原剂，At元素化合价降低，AtI是氧化剂，故D错误；故选C。【点睛】准确判断AtI中I为-1价，At为+1价是解答本题的关键。解答本题要注意化合价降低元素所在的反应物是氧化剂，对应产物是还原产物，化合价升高元素所在的反应物是还原剂，对应产物是氧化产物。6.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法错误．．的是A.标准状况下，30.8gCCl4中所含的原子数为NAB.100g46%乙醇溶液中含有的H－O键的数目为NAC.1molNa2O2与足量的CO2充分反应，转移的电子数为NAD.n(H2SO3)+n(HSO3-)=1mol的NaHSO3溶液中，含有Na＋的数目大于NA【答案】B【解析】【详解】A、30.8gCCl4的物质的量为154g30.8g/mol=0.2mol，含有原子1mol，所含的原子数为NA，故A正确；B、乙醇溶液中，除了乙醇中含有H-O键外，溶剂水中也含H-O键，而100g46%的乙醇溶液中含乙醇为1mol，故含H-O键数目为NA，含水为54g，物质的量为3mol，故含H-O键数目为6NA，则此溶液中共含7NA个H-O键，故B错误；C、1molNa2O2与足量CO2充分反应2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2，只有过氧化钠中的O的化合价发生变化，转移的电子数为NA，故C正确；D、HSO3-在溶液中既能部分水解为H2SO3又能部分电离为SO32-，故当n(H2SO3)+n(HSO3-)=1mol时，NaHSO3的物质的量大于1mol，则钠离子的个数多于NA个，故D正确；故选B。7.以Pt－g-C3N4为催化剂，用光催化氧化法脱除NO的过程如图所示。5该脱除过程中，下列说法不正确．．．的是A.该过程为太阳能转化为化学能B.Pt端发生的是氧化反应C.过程①发生的电极反应为H2O2－2e－＝O2↑＋2H＋D.过生③的化学方程式为2NO2＋H2O2＝2HNO3【答案】C【解析】【详解】A、根据图示，脱除过程中，太阳能转化为化学能，故A正确；B、根据图示，Pt端NO失去电子，发生氧化反应生成NO2，反应式为NO+H2O-2e-=NO2+2H+，最终NO2和H2O2发生氧化还原反应生成硝酸，故B正确；C、由脱除NO的过程图可知，Pt端NO失去电子，发生氧化反应生成NO2，反应式为NO+H2O-2e-=NO2+2H+，g-C3N4端氧气得到电子与氢离子结合生成过氧化氢，发生还原反应，电极反应为O2＋2H＋+2e－＝H2O2，故C错误；D、最终NO2和H2O2发生氧化还原反应生成硝酸，反应的方程式为2NO2+H2O2=2HNO3，故D正确；故选C。8.科学家合成出了一种新化合物(如图所示)，其中W、X、Y、Z为同一短周期元素，W、Z核外电子数之和是X核外电子数的2倍，Y的最外层电子数是其质子数的13。下列叙述正确的是A.X、Z两元素可形成离子化合物6B.气态氢化物的稳定性：X＞Y＞ZC.该新化合物中的Y元素满足8电子稳定结构D.Y、Z元素分别对应的最高价氧化物的水化物均是强酸【答案】C【解析】【分析】W、X、Y、Z为同一短周期元素，Y的最外层电子数是其质子数的13，Y为Li或P元素，根据化合物的结构示意图，X能形成4个共价键、Z能形成1个共价键，Y能形成2个共价键，则Y只能为P，X位于第IVA族，为Si元素；Z位于第VIIA族，为Cl元素，W、Z核外电子数之和是X核外电子数的2倍，则W的核外电子数为11，W为Na元素，据此分析解答。【详解】根据上述分析可知：W、X、Y、Z分别是Na、Si、P、Cl元素。A、Si和Cl都是非金属元素，形成共价化合物，故A错误；B、元素的非金属性越强，气态氢化物越稳定，稳定性：X＜Y＜Z，故B错误；C、Y为P元素，其最外层有5个电子，P原子形成2个共价键且该阴离子得到W原子一个电子，所以P原子达到8电子结构，故C正确；D、磷酸不能完全电离，属于中强酸范畴，不属于强酸，故D错误；故选C。【点睛】正确推断Y元素是解本题关键。本题的易错点为根据Y形成的共价键为2个，判断Y为S元素，就会导致错误。9.环丙叉环丙烷可通过下列反应生成：下列说法不正确．．．的是A.反应②属于取代反应B.Z与苯互为同分异构体C.Z分子中所有碳原子处于同一平面7D.与W互为同分异构体的链状羧酸类化合物有8种(不考虑立体异构)【答案】B【解析】【详解】A、反应②中X中的羟基被替代为溴原子，属于取代反应，故A正确；B、Z的分子式为C6H8，与苯的分子式不同，不属于同分异构体，故B错误；C、Z分子中含有碳碳双键，为平面结构，-CH2-中的碳原子取代的是乙烯中氢原子的位置，因此所有碳原子处于同一平面，故C正确；D、W的分子式为C5H8O2，与W互为同分异构体的链状羧酸类化合物中含有—COOH，链状烃基-C4H7的结构有：4个碳原子在一条直链上，则羧基有2种位置，其中羧基在1号碳原子上，双键有3种位置，羧基在2号碳原子上，双键有3种位置；3个碳原子在一条直链上，还有一个碳做支链，羧基有1种位置，碳碳双键有2种位置；因此共8种，故D正确；故选B。【点睛】本题的D也可以根据丁烯中H原子的种类分析判断，丁烯有3种，共有8种化学环境的H原子。10.在两个容积均为2L的恒容密闭容器中，起始时均充入amolH2S，以温度、Al2O3催化剂为实验条件变量，进行H2S的分解实验[反应为2H2S2H2(g)+S2(g)]。测得的结果如图所示。（曲线Ⅱ、Ⅲ表示经过相同时间且未达到化学平衡时H2S的转化率）下列说法正确的是A.温度升高，H2S分解的速率增大，S2的含量减少B.由曲线Ⅱ、Ⅲ可知，加入Al2O3可提高H2S的平衡转化率C.900°C时，ts后达到平衡，则H2的生成速率为a2tmol·L-1·s-1D.约1100°C，曲线Ⅱ、Ⅲ几乎重合，说明Al2O3可能几乎失去催化活性【答案】D8【解析】【详解】A．由图像可知，温度升高，H2S的分解速率增大，H2S转化率增大，则平衡右移，S2的含量增大，故A错误；B．催化剂不影响平衡的移动，加入催化剂Al2O3，H2S的平衡转化率不变，故B错误；C．900°C时，ts后达到平衡，H2S的平衡转化率为50%，则生成的氢气为12amol，则H2的生成速率为amo12l2Lts=a4tmol·L-1·s-1，故C错误；D．催化剂需要适宜温度，根据图像，约1100°C，曲线Ⅱ、Ⅲ几乎重合，说明不论有无催化剂，反应速率相同，则Al2O3可能几乎失去催化活性，故D正确；故选D。【点睛】本题的易错点为B，要注意催化剂影响化学反应速率，但不影响化学平衡的移动。11.根据下列实验所操作和现象所得到的结论正确的是选项实验，操作和现象实验结论A石蜡油在碎瓷片上受热分解产生的气体使酸性KMnO4溶液褪色产生的气体中一定含有C2H4B常温下，用pH试纸分别测定浓度均为0.1mol·L－1的NaClO溶液和CH3COONa溶液的pH比较HClO和CH3COOH的酸性强弱C将Ag2SO4微热分解产生的气体依次通入饱和的Ba(HSO3)2溶液和品红溶液，依次出现白色沉淀、溶液褪色分解产生物中一定有SO3