2020版高三生物总复习 第五单元 遗传的基本规律与伴性遗传 题组层级快练（十五）（含解析）

-1-EvaluationWarning:ThedocumentwascreatedwithSpire.Docfor.NET.题组层级快练(十五)一、选择题1．关于孟德尔的豌豆遗传学实验，下列说法错误的是()A．选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状B．杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋C．孟德尔首先提出假说，并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎D．在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法解析选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状，A项正确；杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋，B项正确；孟德尔首先进行豌豆杂交和自交实验，并在此基础上提出假说，根据假说设计测交实验进行验证，C项错误；在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法，D项正确。答案C2．某同学利用红球(表示D)和白球(表示d)进行“性状分离比的模拟实验”，其操作过程中错误的做法是()A．甲、乙两小桶内的小球分别代表雌、雄生殖器官B．随机从每个小桶中抓取一个小球组成一组是模拟雌雄配子随机结合C．每次抓取前要摇晃小桶的目的是为了保证下次抓取小球的随机性D．每次抓取之后将抓取的小球放回桶中解析甲、乙两小桶分别代表雌、雄生殖器官，A项错误；甲、乙两小桶内的小球分别代表雌、雄配子，随机从每个小桶中抓取一个小球组成一组是模拟雌雄配子的随机结合，B项正确；为了保证每种配子被抓取的概率相等(即被抓取的随机性)，在每次抓取小球前，都应摇晃小桶，以将桶内的小球充分混合，C项正确；为了保证每种配子被抓取的概率相等，每次抓取小球统计后，应将彩球放回原来的小桶内，D项正确。答案A3．人的黑发对金黄色发为显性，一对黑发夫妇全为杂合子，他们的两个孩子中，其中一个为黑发，另外一个为金黄色发(不考虑两个孩子出生的先后)的概率为()A．3/16B．9/16C．6/16D．1/16解析由题意可知，这对黑发夫妇的后代中，黑发的概率为3/4，金黄色发的概率为1/4，则两个孩子中，在不考虑孩子出生的先后顺序的情况下，一个是黑发，另外一个是金黄色发的概率为1/4×3/4＋3/4×1/4＝6/16。答案C-2-4．一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是()A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是由隐性个体有50%死亡造成的C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是由含有隐性基因的配子有50%死亡造成的D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是由花粉有50%死亡造成的解析一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，后代基因型及比例理论上应该是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1，说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡，则可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的，A项正确；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是由显性杂合子和隐性个体都有50%死亡造成的，B项错误；若含有隐性基因的配子有50%死亡，则Aa产生的配子中A∶a＝2∶1，自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C项正确；若花粉有50%死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D项正确。答案B5．家兔的毛色黑(A)对褐(a)为显性。下列关于判断一只黑毛雄兔基因型的方法及结论中，正确的是()A．用一只纯合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AaB．用一只杂合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AAC．用多只褐毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AAD．用光学显微镜观察，若细胞中只有A基因，则其基因型为AA解析褐毛兔基因型为aa，若与之交配的个体后代全为黑毛兔，可判定其基因型为AA，C项正确；光学显微镜下看不到基因，D项错误。答案C6．一对表现型正常的夫妻，其各自的父母都正常，但他们都有一个患白化病的妹妹。他们生了一个正常的小孩，这个孩子是白化病基因携带者的概率为()A．4/9B．5/9C．14/27D．1/2解析一对表现型正常的夫妇，各自的父母都表现正常，但都有一个患白化病的妹妹，所以女方与男方的基因型为AA或Aa，为Aa的概率是2/3。因此，这对夫妇生育一个小孩基因型是AA的概率是1/3×1/3＋1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×1/4＝4/9；基因型是Aa的概率是1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×2/4＝4/9；基因型是aa的概率是2/3×2/3×1/4＝1/9。生了一个正常的小孩，则基因型可能为AA或Aa，其中Aa占1/2。答案D7．小鼠的体色灰色与白色是由常染色体上的一对等位基因控制的相对性状，某校生物科研小组的同学饲养了8只小鼠(编号①～⑧)，同时进行了一次杂交实验。下表是杂交组合及所得-3-第一胎子鼠的体色情况。杂交组合亲本子代雌雄灰白Ⅰ①灰②白56Ⅱ③白④灰46Ⅲ⑤灰⑥灰110Ⅳ⑦白⑧白09该小组同学认为，根据上述实验结果不能确定哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合，以确定这对性状的显隐性。请选出最合理的实验方案()A．让①与⑥杂交，③与⑧杂交，观察后代体色情况B．让⑤与⑧杂交，⑥与⑦杂交，观察后代体色情况C．让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况D．让③与⑥杂交，④与⑤杂交，观察后代体色情况解析根据后代表现型及比例推测，若灰对白是显性，则①④为杂合子，②③为隐性纯合子，⑤⑥中至少有一方为显性纯合子，⑦⑧均为隐性纯合子；而若白对灰是显性，则②③为杂合子，①④为隐性纯合子，⑤⑥均为隐性纯合子，⑦⑧中至少有一方为显性纯合子。通过①④杂交、②③杂交后代的表现型是否发生性状分离即可对上述显隐性进行确定。如果①与④杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，②与③杂交的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果①与④杂交的后代全为灰鼠，②与③杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。答案C8．一对等位基因(用D、d表示)，在某种限制酶的作用下可以切割形成两种不同长度的DNA片段。对酶切后获得的DNA片段用凝胶电泳法进行分离，然后与特定的DNA探针杂交后可显示出不同的带谱。根据显示出的带谱组型可以判断基因型组成。现有一对夫妇及其所生四个儿女相关基因定位鉴定获得的带谱如图，且1号性状与家庭的其他成员不同。关于这四个儿女的基因型推断正确的是()A．3号为Dd，4号为DDB．1号为XdXd，2号为XDYC．1号为DD，2号为ddD．3号为XDXd，4号为XdXd解析双亲的带谱相同，不可能为伴X遗传，B、D项错误；双亲带谱为两条，均为杂合子Dd，后代的基因型可能为DD、Dd、dd。子代1号性状与家庭的其他成员不同，说明1号个体为隐-4-性纯合子dd，2、4号为DD，3号为Dd，A项正确，C项错误。答案A9．一群杂合子(Dd)植株自交时，含有隐性配子的花粉有50%的死亡率，则自由交配，子代中杂合子比例是()A.12B.13C.14D.15解析基因型为Dd的个体，产生的雌配子为D∶d＝1∶1，雄配子为D∶d＝2∶1，所以随机结合的结果为DD＝23×12＝26，Dd＝23×12＋13×12＝36，dd＝13×12＝16。答案A10．山羊胡子的出现由B基因决定，等位基因Bb、B＋分别决定有胡子和无胡子，但是基因型为BbB＋的雌性山羊表现为无胡子。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1，F1中的2个个体交配产生F2(如图所示)。下列判断正确的是()A．F1中雌性表现为有胡子B．F1中雄性50%表现为有胡子C．F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有D．控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传解析有胡子雌山羊BbBb与无胡子雄山羊B＋B＋杂交，F1的基因型都是B＋Bb，雄性都表现为有胡子，雌性都表现为无胡子；F2基因型有B＋B＋(雌雄都表现为无胡子)，BbBb(雌雄都表现为有胡子)，B＋Bb(雄性表现为有胡子，雌性表现为无胡子)；在杂合子中，决定有胡子基因Bb的表现受性别影响，但该基因的遗传不是伴性遗传。答案C11．(2017·邵阳三模)苦瓜植株中含一对等位基因D和d，其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干做亲本，下列有关叙述错误的是()A．如果每代均自交直至F2，则F2植株中d基因的频率为1/2B．如果每代均自交直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为1/2C．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中D基因的频率为1/2D．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为1/2-5-解析D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，因此每代中只有Dd可以自交得到F2，因此F2植株中d基因的频率为12，A项正确；由A项可知，每代中只有Dd可以自交到F2，因此F2植株为DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1，即F2植株中正常植株所占比例为12，B项正确；基因型为Dd的个体进行自由交配时，由于D基因纯合的植株不能产生卵细胞，则F1中雌性个体产生的配子的基因型及比例是D∶d＝1∶2，由于d基因纯合的植株不能产生正常的精子，因此雄配子的基因型及比例是D∶d＝2∶1，所以，自由交配直至F2，dd的基因型频率＝23×13＝29，DD的基因型频率＝13×23＝29，Dd的基因型频率为59，则F2植株中D基因的频率为12，C项正确，D项错误。答案D12．(2019·南昌四校联考)为了加深对基因分离定律的理解，某同学在2个小桶内各装入20个等大的方形积木(红色、蓝色各10个，分别代表配子D、d)，分别从两桶内随机抓取1个积木，记录组合后，将积木放在旁边，没有放入原来的容器中，这样直至抓完桶内积木，统计结果是DD∶Dd∶dd＝6∶8∶6。对上述做法，你认为应该改变的做法和理由是()A．把方形积木改换为质地、大小相同的小球；以便充分混合，避免人为误差B．抓取时应闭上眼睛，并充分摇匀；保证基因的随机分配和配子的随机结合C．将一桶内的2种配子各减少一半，另一桶数量不变；因为卵细胞数比精子数少D．每次抓取后，应将抓取的积木放回原桶；保证每种配子被抓取的概率相等解析根据基因分离定律，最后得到的结果应该是DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1，而该同学的实验结果与之不符，导致实验结果失败的原因是每次抓取后将积木放在旁边，没有将抓取的积木放回原来的容器中，使每种配子被抓取的概率不相等，所以应该改变的做法和理由是：在每次抓取后，应将抓取的积木放回原桶，以保证每种配子被抓取的概率相等。答案D13．现有某显性性状(基因型为AA、Aa)的豌豆种子，两种基因型的种子数量未知，让这些种子在自然状态下繁殖，其子代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝7∶6∶3；若将豌豆种子改为相同基因型及比例的玉米种子(自然状态下繁殖，不考虑基因突变、染色体变异和自然选择)。则下列叙述正确的是()A．在亲代豌豆种子中，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4B．上述玉米种子繁殖产生的F2中，隐性个体所占比例为9/64C．豌豆和玉米产生的Fn中，其基因频率和基因型频率均不同D．上述豌豆的繁殖过程中，基因重组导致子代的基因型频率改变解析亲代豌豆种子包括AA和Aa两种基因型，且豌豆在自然状态下只能自交。一般求解步-6-骤是先求出亲代基因型所占比例，即先设亲代中Aa占x；再根据概率计算方法得出子代中aa＝x×(1/4)＝3/16，则x＝3/4，由此可知，亲代豌豆种子的基因型及比例是1/4AA、3/4Aa，则显性基因A的基因频率＝5/8，a的基因频率＝1－5/8＝3/8，A项错误；由于玉米个体间自由交配，根据“遗传平衡定律”可知，题述玉米种子中，A的基因频率＝5/8，a的基因频率＝3/8，则Fn(包括F2)中隐性个体(aa)的概率＝(3/8)2＝9/64，B项正确；在豌豆通过自交、玉米通过自由交配进行繁殖的过程中，无自然选择发生，故它们的基因频率不会发生改变，C项错误；题中豌豆的繁殖过程中只涉及一对