甘肃省会宁县一中2019-2020学年高二生物上学期期中试题 理（含解析）

1甘肃省会宁县一中2019-2020学年高二上学期期中生物（理）试题一、选择题1.下列是对“一对相对性状的杂交实验”中性状分离现象的各项假设性解释，其中错误的是（）A.生物性状是由细胞中的遗传因子决定的B.体细胞中的遗传因子成对存在，互不融合C.在配子中只含有每对遗传因子中的一个D.生物的雌雄配子数量相等，且随机组合【答案】D【解析】本题考查的是一对相对性状的杂交实验。生物的雌雄配子数量不等，雄配子的数量要远远超过雌配子的数量。D错。故本题选D。2.两杂合子黄色子粒豌豆杂交产生种子120粒，其中杂合子黄色种子的数目约为（）A.0粒B.30粒C.60粒D.90粒【答案】C【解析】【分析】【详解】两杂合子黄色子粒杂交后代中，后代有三种遗传因子组成：纯合子黄色种子∶杂合子黄色种子∶隐性类型=1∶2∶1，即杂交后代中杂合子黄色种子占1/2，应为60粒，故选C。【点睛】本题难度较小，属于考纲理解层次。要求学生理解一对相对性状的杂交实验。23.孟德尔探索遗传规律时，运用了“假说—演绎法”，对该方法的叙述，不正确的A.“纯合的高茎豌豆与矮茎豌豆杂交，F2中高茎豌豆与矮茎豌豆的分离比为3∶1”属于推理内容B.“测交实验”是通过实验检验推理的结论C.“生物性状是由遗传因子控制的”属于假说内容D.“F1(高茎)的遗传因子组成为Dd”属于假说内容【答案】A【解析】【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说——演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。【详解】A.“纯合的高茎豌豆与矮茎豌豆杂交，F2中高茎豌豆与矮茎豌豆的分离比是3：1”属于实验过程中发现的问题，A错误；B.“测交实验”是通过实验检验演绎推理的结论，B正确；C.“生物性状是由遗传因子控制的”属于假说的内容，C正确；D.“F1（高茎）的遗传因子组成为Dd”属于假说内容，D正确。故选A。4.下列与性状相关的叙述中，正确的是A.生物体没有显现出来的性状为隐性性状B.具有一对相对性状的亲本杂交，后代仍具有一对相对性状C.具有一对相对性状的纯种亲本杂交，子一代中未显现出的亲本性状为隐性性状D.人的卷发与多指属于相对性状【答案】C3【解析】【分析】显性性状与隐性性状：①显性性状：具有相对性状的两个亲本杂交，F1表现出来的性状。②隐性性状：具有相对性状的两个亲本杂交，F1未表现出来的性状。③性状分离：在杂种后代中出现不同于亲本性状的现象。【详解】A.根据概念可知，隐性性状是指具有相对性状的两个亲本杂交，F1未表现出来的性状，A错误；B.具有一对相对性状的亲本杂交，若亲本都为纯合，后代只具有一种相对性状；若亲本一个杂合，一个纯合，后代可仍具有一对相对性状，B错误；C.一对相对性状的遗传实验中，子一代未显现出来的那个亲本的性状叫隐性性状，C正确；D.相对性状指一种生物的同一性状的不同表现类型，人的卷发与多指不属于相对性状，D错误。故选C。5.黄色圆粒和绿色圆粒豌豆杂交，其子代的表现型统计结果如图所示，则杂交后代中新表现型个体占的比例为()A.1/3B.1/4C.1/9D.1/16【答案】B【解析】【详解】根据题意和图示分析可知：图中黄色：绿色=1：1，说明亲本是杂合子测交，基因型为Yy、yy；圆粒：皱粒=3：1，说明圆粒是显性性状，亲本都是杂合子Rr，因此亲本的基因型为YyRr（黄色圆粒）和yyRr（绿色圆粒），根据分析亲本的基因型为：YyRr×yyRr，用分离的思路：Yy×yy→1Yy：1yy，Rr×Rr→3R_：1rr，后代新表现型为Yyrr（黄色皱粒）、yyrr（绿色皱粒），比例为1/2×1/4+1/2×1/4=1/4，故选B。【点睛】本题考查基因自由组合定律实质，关键能熟练运用后代分离比推断法推测亲本的基因型，特别是根据“3：1”和“1：1”的比例进行推断；还要明确不同于亲本表现型个体的4基因型。6.Rh血型由一对遗传因子控制。一对夫妇的Rh血型都是Rh阳性，他们生了一个Rh阴性的孩子，则他们再生两个孩子，一个是Rh阳性、另一个是Rh阴性的概率是A.1/4B.1/16C.3/16D.3/8【答案】D【解析】【分析】根据题意分析可知：Rh血型由一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。一对夫妇的Rh血型都是Rh阳性，他们生了一个Rh阴性的孩子，说明Rh阳性是显性性状，Rh阴性隐性性状，且这对夫妇都是显性杂合子。【详解】据题意：这对夫妇为Rh阳性，所生的孩子中出现Rh阴性，说明Rh阳性为显性性状，Rh阴性为隐性性状，这对夫妇为杂合子。故他们再生一个Rh阳性的孩子的概率为3/4，再生一个Rh阴性的孩子的概率为1/4，再生两个孩子，一个是Rh阳性、另一个是Rh阴性的概率是(1/4)×(3/4)×2=3/8。故选D。7.在性状分离比模拟实验中，甲、乙两个小桶中都有写有D或d的两种小球，并且各自的两种小球D和d数量相等的，这分别模拟的是A.F1的基因型是DdB.F1产生的雌雄配子数量相等C.F1产生的雌、雄配子都有D和d两种，且比例D∶d=1∶1D.亲本中的父本和母本各自产生的D和d的配子1∶1【答案】C【解析】【分析】性状分离比的模拟实验的理论基础是基因的分离定律，分离定律的内容是在杂合体进行自交形成配子时，等位基因随着一对同源染色体的分离而彼此分开，分别进入不同的配子中，产生的两种配子比例为1：1，产生的后代性状比例为3：1。【详解】A、F1基因型是Dd是性状分离比模拟实验要证明的结论，A错误；B、F1产生的雌雄配子数量不相等，B错误；C、在性状分离比模拟实验中，甲、乙两个小桶中的D：d=1:1的两种小球，模拟的是：F15产生的雌、雄配子有D和d两种，并且比例是D∶d=1∶1，C正确；D、实验模拟的是F1产生的配子，而不是亲本中的父本和母本各自产生的配子，D错误。8.在孟德尔的豌豆杂交实验中，某同学想判断F2中的某高茎植株的遗传因子组成，你觉得最简单的办法是A.让该植株进行测交B.让该植株进行自交C.花粉鉴定法D.先自交再测交【答案】B【解析】【分析】用纯种高茎豌豆和纯种矮茎豌豆杂交，得到的子一代（F1）都是高茎植株，其基因型为Dd，F1进行了自交，发现子二代（F2）中，高茎植株约为矮茎植株的三倍，即高茎：矮茎=3：1，高茎中有1/3DD和2/3Dd，如果Dd进行测交实验，则后代比例为1：1；如果Dd进行自交实验，则后代比例为3：1；如果用花粉鉴定法，D：d=1：1。而DD用测交还是自交都是一种表现型，用花粉鉴定法只得到一种配子。【详解】个体基因型的判断方法可以采用测交、自交和花粉鉴定法，但最简单的鉴定的方法是自交，故选B。【点睛】验证基因的分离定律和基因的自由组合定律的方法都可以用自交、测交和花粉鉴定法。9.南瓜果实的黄色和白色是由一对基因（A和a）控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，子代（F1）既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2性状表现类型如图所示，下列说法不正确的是A.由①②可知黄果是隐性性状B.由③可以判定白果是显性性状C.F2中，黄果与白果的理论比例是5：3D.P中白果的遗传因子组成是aa6【答案】D【解析】【分析】根据题图分析可知，F1中白果自交后代出现性状分离，说明白色是显性性状，黄果是隐性性状，则题图中黄果均为aa，亲本中白果为Aa，F1中白果为Aa，F2中白果为1/3AA、2/3Aa。【详解】A.由①②可知黄果是隐性性状，A正确；B.由③出现性状分离可知白果是显性性状，B正确；C.F1中黄果（aa）占1/2，白果（Aa）也占1/2，F1中黄果自交得到的F2全部是黄果，F1中的白果自交得到F2中，黄果：白果=1：3，所以F2中黄果与白果理论比例是（1/2+1/2×1/4）：（1/2×3/4）=5：3，C正确；D.由于白色是显性性状，所以P中白果的基因型是Aa，D错误。10.水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，两对性状独立遗传。用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病高秆品种(易倒伏)杂交，F1自交，F2中既抗病又抗倒伏类型的遗传因子组成及其所占比例为A.ddRR，1/8B.ddRr，1/16C.ddRR，1/16；ddRr，1/8D.DDrr，1/16；DdRR，1/8【答案】C【解析】【分析】已知水稻高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗稻瘟病（R）对易感稻瘟病（r）为显性，两对性状独立遗传，遵循基因的自由组合定律。用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病高秆品种（易倒伏）杂交，则F1为双杂合子DdRr，再根据自由组合定律推算出F2的情况。【详解】由题意用一个纯合易感病的矮秆品种（ddrr）与一个纯合抗病高秆品种（DDRR）杂交，则F1为双杂合子DdRr，让F1子代自交，其后代产生性状分离比例为高秆抗稻瘟病（D-R-）：高秆易感稻瘟病（D-rr）：矮秆抗稻瘟病（ddR-）：矮秆易感稻瘟病（ddrr）=9：3：3：1．F2代中出现既抗病又抗倒伏的个体占得比例为3÷（9+3+3+1）=3/16，在这之中基因型为ddRR与ddRr的个体的表现型都是既抗病又抗倒伏，他们在后代中所占的比例分别为1/4×1/4=1/16，1/4×1/2=1/8。故选C。711.南瓜中白色果(W)对黄色果(w)为显性，扁形果(D)对圆形果(d)为显性。纯合白色圆形果和纯合黄色扁形果杂交的后代再与“某植株”杂交，其后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比例是3∶1∶3∶1，两对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。则“某植株”的遗传因子组成应是A.WwddB.wwDDC.WwDdD.wwDd【答案】D【解析】【分析】根据结果后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3：1：3：1，可知两对性状分离比分别是扁形：圆形=3：1和白色：黄色=1：1，可判断亲本基因型。【详解】已知南瓜中白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性．则纯合白色圆形果（WWdd）和黄色扁形果（wwDD）杂交的后代基因型是WwDd，让其与“某植株”杂交，其后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3：1：3：1，分析子代中白色：黄色=1：1，扁形果：圆形果=3：1，说明前者是测交，后者是杂合子自交，所以与WwDd杂交的“某植株”基因型为wwDd。故选D。【点睛】熟练掌握运用基因的分离定律解决基因的自由组合问题。12.已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是（）A.表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1／16B.表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1／16C.表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1／8D.表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1／16【答案】D【解析】本题考查遗传概率计算。后代表现型为2x2x2=8种,AaBbCc个体的比例为1/2x1/2x1/2=1/8。Aabbcc个体的比例为1/4x1/2x1/4=1/32。aaBbCc个体的比例为1/4x1/2x1/2=1/1613.豌豆子叶的黄色（Y）、圆粒种子（R）均为显性，两亲本杂交的F1表现型如右图。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为8A.1∶1∶1∶1B.2∶2∶1∶1C.9∶3∶3∶1D.3∶1∶3∶1【答案】B【解析】【详解】由柱状图可知，F1中黄色：绿色=1；1，圆粒：皱粒=3:1，所以亲本基因型为：YyRrXyyRr，F1中黄色圆粒豌豆（基因型为YyRR占1/3和YyR