中考卷：山东省聊城市20届数学卷（解析版）

12020年山东省聊城市中考数学试卷2020年山东省聊城初中毕业生学业考试数学试题卷一、选择题（本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求）1.在实数1，2，0，14中，最小的实数是（）．A.1B.14C.0D.2【答案】D【解析】【分析】正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大的反而小，据此判断即可．【详解】∵10124，∴在实数1，2，0，14中，最小的实数是2，故选：D．【点睛】此题主要考查了实数大小比较的方法，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：正实数＞0＞负实数，两个负实数绝对值大的反而小．2.如图所示的几何体的俯视图是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】找到从几何体的上面看所得到的图形即可．【详解】从上面看几何体所得到的图形为俯视图，其中看得见的轮廓画实线，选项C符合题意．故选：C．【点睛】本题主要考查了简单几何体的三视图，关键是掌握俯视图所看的位置．3.如图，在ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF∥AB交AC于点E，2则∠FEC的度数是（）A.120°B.130°C.145°D.150°【答案】B【解析】【分析】根据等腰三角形的性质得到∠B=∠C，利用平行线的性质得到∠EDC＝∠B，利用三角形的外角性质即可求解．【详解】∵AB＝AC，∴∠B＝∠C＝65°，∵DF∥AB，∴∠EDC＝∠B＝65°，∴∠FEC＝∠EDC＋∠C＝65°＋65°＝130°．故选：B．【点睛】本题考查了等腰三角形的性质，平行线的性质，三角形的外角性质，需熟练掌握．4.下列计算正确的是（）．A.236aaaB.623aaaC.323628ababD.222(2)4abab【答案】C【解析】【分析】根据同底数幂的乘法、同底数幂的除法、积的乘方、完全平方公式逐一分析即可．【详解】A．23235aaaa，该项不符合题意；B．86622aaaa，该项不符合题意；C．33323236228ababab，该项符合题意；D．222(2)44abaabb，该项不符合题意；故选：C．【点睛】本题考查同底数幂的乘法、同底数幂的除法、积的乘方、完全平方公式等内容，解题的关键是掌3握运算法则．5.为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A.92分，96分B.94分，96分C.96分，96分D.96分，100分【答案】B【解析】【分析】根据中位数的定义和众数的定义分别求解即可．【详解】解：由统计表得共有30个数据，第15、16个数据分别是92,96，∴中位数是9296=942；由统计表得数据96出现的次数最多，∴众数为96．故选：B【点睛】本题考查了求一组数据的中位数和众数．中位数是将一组数据由小到大（由大到小）排序后，位于中间位置的数据，当有偶数个数据时，取中间两数的平均数；众数是一组数据出现次数最多的数．6.计算345335的结果正确的是（）．A.1B.53C.5D.9【答案】A【解析】【分析】利用二次根式的乘除法则计算即可得到结果．【详解】解：345335345275134527541，故选：A．【点睛】本题主要考查了二次根式的乘除法，熟练掌握运算法则是解题的关键．7.如图，在45的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sinACB的值为（）．A.355B.175C.35D.45【答案】D【解析】【分析】过点A作ADBC于点D，在RtACD△中，利用勾股定理求得线段AC的长，再按照正弦函数的定义计算即可．【详解】解：如图，过点A作ADBC于点D，则90ADC，∴225ACADCD，∴4sin5ADACBAC，故选：D．【点睛】本题考查了勾股定理的运用以及锐角三角函数，正确作出辅助线是解题的关键．8.用配方法解一元二次方程22310xx，配方正确的是（）．A.2317416xB.23142xC.231324xD.231124x5【答案】A【解析】【分析】按照配方法的步骤进行求解即可得答案.【详解】解：22310xx移项得2231xx，二次项系数化1的23122xx，配方得22233132424xx即2317416x故选：A【点睛】本题考查了配方法解一元二次方程，配方法的一般步骤为（1）把常数项移到等号的右边；（2）把二次项的系数化为1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．9.如图，AB是O的直径，弦CDAB，垂足为点M．连接OC，DB．如果OC//DB，23OC，那么图中阴影部分的面积是（）．A.B.2C.3D.4【答案】B【解析】【分析】根据AB是O的直径，弦CDAB，由垂径定理得CMDM，再根据OC//DB证得MCOCDB，即可证明OMCBMD△△，即可得出OBCSS阴影扇形．【详解】解：ABQ是O的直径，弦CDAB，90OMC，CMDM．90MOCMCOOC//DBMCOCDB6又12CDBBOC1902MOCMOC60MOC在OMC△和BMD中，OCMBDMCMDMOMCBMDOMCBMD△△，OMCBMDSS△△260232360OBCSS阴影扇形故选：B【点睛】本题考查了垂径定理，圆周角定理，平行线的性质，全等三角形的判定，扇形的面积，等积变换，解此题的关键是证出OMCBMDSS△△，从而将阴影部分的面积转化为扇形OBC的面积，题目比较典型，难度适中．10.如图，有一块半径为1m，圆心角为90的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）．A.1m4B.3m4C.15m4D.3m2【答案】C【解析】【分析】首先利用扇形的弧长公式求得圆锥的底面周长，求得底面半径的长，然后利用勾股定理求得圆锥的高．【详解】解：设圆锥的底面周长是l，则l=9011801802nrm，则圆锥的底面半径是：1224m，7则圆锥的高是：22115144m．故选：C．【点睛】本题考查了圆锥的计算，正确理解圆锥的侧面展开图与原来的扇形之间的关系是解决本题的关键，理解圆锥的母线长是扇形的半径，圆锥的底面圆周长是扇形的弧长．11.人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）．…A.150B.200C.355D.505【答案】C【解析】【分析】由图形可知图①中白色小正方形地砖有12块，图②中白色小正方形地砖有12+7块，图③中白色小正方形地砖有12+7×2块，…，可知图中白色小正方形地砖有12+7(n-1)=7n+5，再令n=50，代入即可．【详解】解：由图形可知图中白色小正方形地砖有12+7(n-1)=7n+5（块）当n=50时，原式=7×50+5=355（块）故选：C【点睛】考查了规律型：图形的变化，解决这类问题首先要从简单图形入手，后一个图形与前一个图形相比，在数量上增加（或倍数）情况的变化，找出数量上的变化规律，从而推出一般性的结论．12.如图，在RtABC△中，2AB，30C，将RtABC△绕点A旋转得到RtABC，使点B的对应点B落在AC上，在BC上取点D，使2BD，那么点D到BC的距离等于（）．A.3213B.313C.31D.318【答案】D【解析】【分析】根据旋转的性质和30°角的直角三角形的性质可得AB的长，进而可得BC的长，过点D作DM⊥BC于点M，过点B作BEBC于点E，BFDM于点F，如图，则四边形BEMF是矩形，解Rt△BEC可得BE的长，即为FM的长，根据三角形的内角和易得30BDNC，然后解Rt△BDF可求出DF的长，进一步即可求出结果．【详解】解：在RtABC△中，∵2AB，30C，∴AC=2AB=4，∵将RtABC△绕点A旋转得到RtABC，使点B的对应点B落在AC上，∴2ABAB，∴2BC，过点D作DM⊥BC于点M，过点B作BEBC于点E，BFDM于点F，交AC于点N，如图，则四边形BEMF是矩形，∴FMBE，在Rt△BEC中，1sin30212BEBC，∴FM=1，∵90,DBNCMNBNDMNC，∴30BDNC，在Rt△BDF中，3cos30232DFBD，∴13DMFMDF，即点D到BC的距离等于31．故选：D．【点睛】本题考查了解直角三角形、矩形的判定和性质以及旋转的性质等知识，正确作出辅助线、熟练掌握解直角三角形的知识是解题的关键．9二、填空题13.因式分解：(2)2xxx________．【答案】(2)(1)xx【解析】【分析】先把二、三两项分为一组，提取一个负号，再提取公因式(2)x即可．【详解】解：原式(2)(2)xxx(2)(1)xx【点睛】此题主要考查了提公因式法分解因式，关键是正确确定公因式．14.如图，在O中，四边形OABC为菱形，点D在AmC上，则ADC的度数是________．【答案】60【解析】【分析】连接OB，证明△OAB，△OBC都是等边三角形，得到∠AOC=120°，进而求出ADC．【详解】解：连接OB，∵四边形OABC为菱形，OA=OB，∴OA=OB=OC=AB=BC,∴△OAB，△OBC都是等边三角形，∴∠AOB=∠BOC=60°，∴∠AOC=120°，∵=ACAC，∴1602ADCAOC．10故答案为：60°【点睛】本题考查了菱形的性质，圆的半径都相等，圆周角定理，等边三角形性质，综合性较强．解题关键是连接OB，得到△OAB，△OBC都是等边三角形．15.计算：2111aaaa________．【答案】a【解析】【分析】分式的混合运算，根据分式的加减乘除混合运算法则可以解答本题，括号里先通分运算，再进行括号外的除法运算，即可解答本题.【详解】解：2a111aaa=21aa11a1aaa－－=2111aaa－=1×aa11a－－=−a故答案是：-a【点睛】本题考查的是分式的混合运算，能正确运用运算法则是解题的关键.16.某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是________．【答案】13【解析】【分析】先画出树状图求出所有等可能的结果数，再找出抽到同一类书籍的结果数，然后根据概率公式求解即可．11【详解】解：“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍分别用A、B、C表示，则所有可能出现的结果如下图所示：由上图可知：共有9种等可能的结果数，其中抽到同一类书籍的结果数有3种，∴抽到同一类书籍的概率=3193．故答案为：13．【点睛】本题考查了求两次事件的概率，属于基础题型，熟练掌握画树状图或列表的方法是解题的关键．17.如图，在直角坐标系中，点(1,1)A，(3,3)B是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CACB，在y轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为________．【答案】425【解析】【分