2019年中考数学试卷

2019年中考数学试卷1、如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=10cm，AC：BC=4：3，点P从点A出发沿AB方向向点B运动，速度为1cm/s，同时点Q从点B出发沿B→C→A方向向点A运动，速度为2cm/s，当一个运动点到达终点时，另一个运动点也随之停止运动．（1）求AC、BC的长；（2）设点P的运动时间为x（秒），△PBQ的面积为y（cm2），当△PBQ存在时，求y与x的函数关系式，并写出自变量x的取值范围；（3）当点Q在CA上运动，使PQ⊥AB时，以点B、P、Q为定点的三角形与△ABC是否相似，请说明理由；（4）当x=5秒时，在直线PQ上是否存在一点M，使△BCM得周长最小，若存在，求出最小周长，若不存在，请说明理由．解：（1）设AC=4x，BC=3x，在Rt△ABC中，AC2+BC2=AB2，即：（4x）2+（3x）2=102，解得：x=2，∴AC=8cm，BC=6cm；（2）①当点Q在边BC上运动时，过点Q作QH⊥AB于H，∵AP=x，∴BP=10﹣x，BQ=2x，∵△QHB∽△ACB，∴QHQBACAB，∴QH=错误!未找到引用源。x，y=错误!未找到引用源。BP•QH=12（10﹣x）•错误!未找到引用源。x=﹣45x2+8x（0＜x≤3），②当点Q在边CA上运动时，过点Q作QH′⊥AB于H′，∵AP=x，∴BP=10﹣x，AQ=14﹣2x，∵△AQH′∽△ABC，∴'AQQHABBC，即：'14106xQH错误!未找到引用源。，解得：QH′=错误!未找到引用源。（14﹣x），∴y=12PB•QH′=12（10﹣x）•35（14﹣x）=310x2﹣365x+42（3＜x＜7）；∴y与x的函数关系式为：y=2248(03)533642(37)105xxxxxx错误!未找到引用源。；（3）∵AP=x，AQ=14﹣x，∵PQ⊥AB，∴△APQ∽△ACB，∴APAQPQACABBC，即：148106xxPQ错误!未找到引用源。，解得：x=569，PQ=143，∴PB=10﹣x=349，∴1421334179PQBCPBAC错误!未找到引用源。，∴当点Q在CA上运动，使PQ⊥AB时，以点B、P、Q为定点的三角形与△ABC不相似；（4）存在．理由：∵AQ=14﹣2x=14﹣10=4，AP=x=5，∵AC=8，AB=10，∴PQ是△ABC的中位线，∴PQ∥AB，∴PQ⊥AC，∴PQ是AC的垂直平分线，∴PC=AP=5，∴当点M与P重合时，△BCM的周长最小，∴△BCM的周长为：MB+BC+MC=PB+BC+PC=5+6+5=16．∴△BCM的周长最小值为16．2、（12分）如图，矩形ABCD中，点P在边CD上，且与点C、D不重合，过点A作AP的垂线与CB的延长线相交于点Q，连接PQ，PQ的中点为M.(1)求证：△ADP∽△ABQ；(2)若AD=10，AB=20，点P在边CD上运动，设DP=x,BM2=y，求y与x的函数关系式，并求线段BM长的最小值；(3)若AD=10,AB=a，DP=8，随着a的大小的变化，点M的位置也在变化，当点M落在矩形ABCD外部时，求a的取值范围。解：(1)证明：∵四边形ABCD是矩形∴∠ADP=∠ABC=∠BAD=90°∵∠ABC+∠ABQ=180°∴∠ABQ=∠ADP=90°∵AQ⊥AP∴∠PAQ=90°∴∠QAB+∠BAP=90°又∵∠PAD+∠BAP=90°∴∠PAD=∠QAB在△ADP与△ABQ中∵ADPABQPADQAB∴△ADP∽△ABQ（2）如图，作MN⊥QC，则∠QNM=∠QCD=90°又∵∠MQN=∠PQC∴△MQN∽△PQC∴MNQMPCQP10xMQCADBP20-xNMQCADBP∵点M是PQ的中点∴12QMQP∴12MNQMQNPCQPQC又∵20PCDCDPx∴11(20)22MNPCx11(10)22QNQCQB∵△ADP∽△ABQ∴ADDPABBQ1020xBQ∴2BQx∵111(10)(210)222QNQCQBx∴12(210)52BNQBQNxxx在Rt△MBN中，由勾股定理得：222221(20)(5)2BMMNBNxx即：25201254yxx(020)x当4x即4DP时，线段BM长的最小值4535.(3)如图，当点PQ中点M落在AB上时，此时QB=BC=10由△ADP∽△ABQ得10810a解得：12.5a∴随着a的大小的变化，点M的位置也在变化，当点M落在矩形ABCD外部时，求a的取值范围为：12.5a3、如图，抛物线cbxaxy2关于直线1x对称，与坐标轴交于CBA、、三点，且4AB,点232，D在抛物线上，直线是一次函数02kkxy的图象，点O是坐标原点.（1）求抛物线的解析式；（2）若直线平分四边形OBDC的面积，求k的值.108ABCPDQM10a10（3）把抛物线向左平移1个单位，再向下平移2个单位，所得抛物线与直线交于NM、两点，问在y轴正半轴上是否存在一定点P，使得不论k取何值，直线PM与PN总是关于y轴对称？若存在，求出P点坐标；若不存在，请说明理由.答案：（1）因为抛物线关于直线x=1对称，AB=4，所以A(-1，0),B(3，0),由点D(2，1.5)在抛物线上，所以5.1240cbacba，所以3a+3b=1.5,即a+b=0.5,又12ab，即b=-2a,代入上式解得a=-0.5,b=1,从而c=1.5,所以23212xxy.24．（14分）（2013•温州）如图，在平面直角坐标系中，直线AB与x轴，y轴分别交于点A（6，0），B（0.8），点C的坐标为（0，m），过点C作CE⊥AB于点E，点D为x轴上的一动点，连接CD，DE，以CD，DE为边作▱CDEF．（1）当0＜m＜8时，求CE的长（用含m的代数式表示）；（2）当m=3时，是否存在点D，使▱CDEF的顶点F恰好落在y轴上？若存在，求出点D的坐标；若不存在，请说明理由；（3）点D在整个运动过程中，若存在唯一的位置，使得▱CDEF为矩形，请求出所有满足条件的m的值．解答：解：（1）∵A（6，0），B（0，8）．∴OA=6，OB=8．∴AB=10，∵∠CEB=∠AOB=90°，又∵∠OBA=∠EBC，∴△BCE∽△BAO，∴=，即=，∴CE=﹣m；（2）∵m=3，∴BC=8﹣m=5，CE=﹣m=3．∴BE=4，∴AE=AB﹣BE=6．∵点F落在y轴上（如图2）．∴DE∥BO，∴△EDA∽△BOA，∴=即=．∴OD=，∴点D的坐标为（，0）．（3）取CE的中点P，过P作PG⊥y轴于点G．则CP=CE=﹣m．（Ⅰ）当m＞0时，①当0＜m＜8时，如图3．易证∠GCP=∠BAO，∴cos∠GCP=cos∠BAO=，∴CG=CP•cos∠GCP=（﹣m）=﹣m．∴OG=OC+OG=m+﹣m=m+．根据题意得，得：OG=CP，∴m+=﹣m，解得：m=；②当m≥8时，OG＞CP，显然不存在满足条件的m的值．（Ⅱ）当m=0时，即点C与原点O重合（如图4）．（Ⅲ）当m＜0时，①当点E与点A重合时，（如图5），易证△COA∽△AOB，∴=，即=，解得：m=﹣．②当点E与点A不重合时，（如图6）．OG=OC﹣OG=﹣m﹣（﹣m）=﹣m﹣．由题意得：OG=CP，∴﹣m﹣=﹣m．解得m=﹣．综上所述，m的值是或0或﹣或﹣．28、如图，过原点的直线l1：y=3x，l2：y=错误!未找到引用源。x．点P从原点O出发沿x轴正方向以每秒1个单位长度的速度运动．直线PQ交y轴正半轴于点Q，且分别交l1、l2于点A、B．设点P的运动时间为t秒时，直线PQ的解析式为y=﹣x+t．△AOB的面积为Sl（如图①）．以AB为对角线作正方形ACBD，其面积为S2（如图②）．连接PD并延长，交l1于点E，交l2于点F．设△PEA的面积为S3；（如图③）（1）Sl关于t的函数解析式为_________；（2）直线OC的函数解析式为_________；（3）S2关于t的函数解析式为_________；（4）S3关于t的函数解析式为_________．解：（1）由错误!未找到引用源。，得错误!未找到引用源。，∴A点坐标为（错误!未找到引用源。，错误!未找到引用源。）由错误!未找到引用源。得错误!未找到引用源。∴B点坐标为（错误!未找到引用源。，错误!未找到引用源。）．∴S1=S△AOP﹣S△BOP=错误!未找到引用源。t2（2）由（1）得，点C的坐标为（错误!未找到引用源。，错误!未找到引用源。）．设直线OC的解析式为y=kx，根据题意得错误!未找到引用源。=错误!未找到引用源。，∴k=错误!未找到引用源。，∴直线OC的解析式为y=错误!未找到引用源。x．（3）由（1）、（2）知，正方形ABCD的边长CB=错误!未找到引用源。t﹣错误!未找到引用源。=错误!未找到引用源。，∴S2=CB2=（错误!未找到引用源。）2=错误!未找到引用源。．（4）设直线PD的解析式为y=k1x+b，由（1）知，点D的坐标为（错误!未找到引用源。t，错误!未找到引用源。），将P（t，0）、D（错误!未找到引用源。）代入得错误!未找到引用源。，解得错误!未找到引用源。∴直线PD的解析式为y=错误!未找到引用源。由错误!未找到引用源。，得错误!未找到引用源。∴E点坐标为（错误!未找到引用源。，错误!未找到引用源。）∴S3=S△EOP﹣S△AOP=错误!未找到引用源。t•错误!未找到引用源。t﹣错误!未找到引用源。t•错误!未找到引用源。t=错误!未找到引用源。t2．25．（10分）（2013•天津）在平面直角坐标系中，已知点A（﹣2，0），点B（0，4），点E在OB上，且∠OAE=∠0BA．（Ⅰ）如图①，求点E的坐标；（Ⅱ）如图②，将△AEO沿x轴向右平移得到△A′E′O′，连接A′B、BE′．①设AA′=m，其中0＜m＜2，试用含m的式子表示A′B2+BE′2，并求出使A′B2+BE′2取得最小值时点E′的坐标；②当A′B+BE′取得最小值时，求点E′的坐标（直接写出结果即可）．考点：相似形综合题．3718684分析：（Ⅰ）根据相似三角形△OAE∽△OBA的对应边成比例得到=，则易求OE=1，所以E（0，1）；（Ⅱ）如图②，连接EE′．在Rt△A′BO中，勾股定理得到A′B2=（2﹣m）2+42=m2﹣4m+20，在Rt△BE′E中，利用勾股定理得到BE′2=E′E2+BE2=m2+9，则A′B2+BE′2=2m2﹣4m+29=2（m﹣1）2+27．所以由二次函数最值的求法知，当m=1即点E′的坐标是（1，1）时，A′B2+BE′2取得最小值．解答：解：（Ⅰ）如图①，∵点A（﹣2，0），点B（0，4），∴OA=2，OB=4．∵∠OAE=∠0BA，∠EOA=∠AOB=90°，∴△OAE∽△OBA，∴=，即=，解得，OE=1，∴点E的坐标为（0，1）；（Ⅱ）①如图②，连接EE′．由题设知AA′=m（0＜m＜2），则A′O=2﹣m．在Rt△A′BO中，由A′B2=A′O2+BO2，得A′B2=（2﹣m）2+42=m2﹣4m+20．∵△A′E′O′是△AEO沿x轴向右平移得到的，∴EE′∥AA′，且EE′=AA′．∴∠BEE′=90°，EE′=m．又BE=OB﹣OE=3，∴在Rt△BE′E中，BE′2=E′E2+BE2=m2+9，∴A′B2+BE′2=2m2﹣4m+29=2（m﹣1）2+27．当m=1时，A′B2+BE′2可以取得最小值，此时，点E′的坐标是（1，1）．②如图②，过点A作AB′⊥x，并使AB′=BE=3．易证△AB′A′≌△EBE′，∴B′A=BE′，∴A′B+BE′=A′B+B′A′．当点B、A′、B′在同一条直线上时，A′B+B′A′最小，即此时A′B+BE′取得最小值．易证△AB′