甘肃省民乐一中2014-2015学年高二物理第一学期期中试题(平行班)

-1-民乐一中2014——2015学年第一学期高（二）年级期中考试物理试卷一．选择题共12小题，共48分，其中第6题7题12题为多选题，其它为单项选择题。1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是（）A.法拉第发现了电流的磁效应.B.库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C.伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量D.荷兰科学家昂尼斯（或昂纳斯）发现大多数金属在温度降到某一值时，都会出现电阻突然降为零的现象——超导现象。2下列关于导体在磁场中受力的说法中，正确的是()A．通电导体在磁场中一定受到安培力的作用B．通电导体在磁场中有时不会受到安培力的作用C．通电导体中的电流方向与磁场方向不平行也不垂直时，不会受到安培力的作用D．只要导体放入磁场中，无论是否通电都会受到安培力的作用3.如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R.下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的是()A．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1P2B．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1P2C．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1P2D．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1P24.如图所示，电源电动势为6V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压是Uad＝0、Ucd＝6V、Uab＝6V，由此可以断定()A．L1和L2的灯丝都断了B．L1的灯丝断了C．L2的灯丝断了D．变阻器R断路5．如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿直线从A点运动到B点，其v－t图象如图3乙所示，则下列说法正确的是()A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A指向BC．A、B两点电场强度的大小关系满足EAEBD．A、B两点的电势关系满足φAφB-2-6（多选）如图为某正电荷Q产生的电场线分布图，a、b是电场中的两点。将电荷量为q＝5×10－8C的正点电荷(试探电荷)置于a点，所受电场力为2×10－3N，则下列判断正确的是()A．将电荷量为q的负点电荷放于a点，a点电场强度大小为4×104N/C，方向向左B．a点的电场强度大小为4×104N/C，方向向右C．将点电荷q从a点移走，则该点的电场强度为零D．b点处的电场强度小于4×104N/C7.（多选）如图所示，通电导体棒静止于水平导轨上，棒的质量为m，长为L，通过的电流大小为I且垂直纸面向里，匀强磁场的磁感应强度B的方向与导轨平面成θ角，则导体棒受到的()A．安培力大小为BILB．安培力大小为BILsinθC．摩擦力大小为BILsinθD．支持力大小为mg－BILcosθ8．如图所示，A、B是带有等量的同种电荷的两小球，它们的质量都是m，它们的悬线长度都是L，悬线上端都固定在同一点O，B球悬线竖直且被固定，A球在力的作用下，在偏离B球s的地方静止平衡，此时A受到绳的拉力为FT；现保持其他条件不变，用改变A球质量的方法．使A球在距离B为s2处静止平衡，则A受到绳的拉力为()A．FTB．2FTC．4FTD．8FT9．如图所示，一价氢离子(11H)和二价氦离子(42He)的混合体，经同一加速电场加速后，垂直射入同一偏转电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们()A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点10.用控制变量法，可以研究影响平行板电容带电容的因素(如图所示)．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中；极板所带电荷量不变，若()A.保持S不变，增大d,则θ变大B.保持S不变，增大d,则θ变小C.保持d不变，减小S,则θ变小D.保持d不变，减小S,则θ不变-3-11.在如下左图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是()A．电压表示数变小B．电流表示数变小C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低12．（多选）如上右图所示，A板的电势UA＝0，B板的电势UB随时间的变化规律如图所示。电子只受电场力的作用，且初速度为零，则()A．若电子在t＝0时刻进入的，它将一直向B板运动B．若电子在t＝0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C．若电子在t＝T/8时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D．若电子是在t＝T/4时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动二．填空题(共14分)13.（3分）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示．该金属丝的直径是________mm.14．（共11分）为了精确测量某待测电阻Rx的阻值(约为30Ω)．有以下一些器材可供选择．电流表：A1(量程0～50mA，内阻约12Ω)A2(量程0～3A，内阻约0.12Ω)电压表：V1(量程0～3V，内阻很大)V2(量程0～15V，内阻很大)电源：E(电动势约为3V，内阻约为0.2Ω)定值电阻：R(30Ω，允许最大电流2.0A)滑动变阻器：R1(0～10Ω，允许最大电流2.0A)滑动变阻器：R2(0～1kΩ，允许最大电流0.5A)单刀单掷开关S一个，导线若干(1)（每空2分）电流表应选________，电压表应选________，滑动变阻器应选________．(填字母代号)(2)（3分）请在方框中画出测量电阻Rx的实验电路图．-4-(要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出)(3)（2分）某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx＝________.三．计算题（共四小题，共48分，要求写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，只写出答案不得分。）15．（10）一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A。在30s内可使该物体被匀速提升3m。若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升重物的30s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻16．（12分）如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一个质量为m＝0.2kg、带电荷量为q＝＋2.0×10－6C的小物块处于静止状态，小物块与地面间的动摩擦因数μ＝0.1.从t＝0时刻开始，空间上加一个如图乙所示的电场．(取水平向右的方向为正方向，g取10m/s2)求：(1)4秒内小物块的位移大小；(2)4秒内电场力对小物块所做的功．17．(12分)如图所示，一质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时的速率为2v0，方向与电场的方向一致，求A、B两点的电势差大小.18.（14分）如图所示,A为有光滑曲面的固定轨道,轨道底端的切线方向是水平的.质量M=40kg的小车B静止于轨道右侧,其上表面与轨道底端在同一水平面上.一个质量m=20kg的物体C以2.0m/s的初速度从轨道顶端滑下,冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动.若轨道顶端与底端的高度差h=1.6m.物体与小车板面间的动摩擦因数μ=0.40,小车与水平面间的摩-5-擦忽略不计.（取g=10m/s2）,求：（1）物体与小车保持相对静止时的速度v;（2）物体在小车上相对滑动的距离d.高二物理答题卡第二卷（非选择题共62分）13.（3分）＿＿＿＿＿。14（11分）(1)（每空2分）电流表应选________，电压表应选________，滑动变阻器应选________．(填字母代号)(2)（3分）请在方框中画出测量电阻Rx的实验电路图．(要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出)(3)（2分）Rx＝________.三．计算题（共4小题，共48分，写出必要的文字说明）15.（10分）16.（10分）座位号-6-17.（14分）18.（14分）-7-答案1D2B3C4C5D6BD7AC8D9B10A11D12ACD二．填空题13．1.706毫米14.、．（3）、由欧姆定律可得=-R故答案为（1）、、（2）如图（3）-R三．计算题15.解析：(1)电动机的输入功率P入＝UI＝0.2×3W＝0.6W。(2)电动机提升重物的机械功率P机＝Fv＝(4×3/30)W＝0.4W。根据能量关系P入＝P机＋PQ，得生热的功率PQ＝P入－P机＝(0.6－0.4)W＝0.2W。所生热量Q＝PQt＝0.2×30J＝6J。(3)根据焦耳定律Q＝I2Rt，得线圈电阻R＝5Ω。答案：(1)0.6W(2)6J(3)5Ω16.解析：(1)0～2s内小物块加速度a1＝E1q－μmgm＝2m/s2位移x1＝12a1t21＝4m2s末的速度为v2＝a1t1＝4m/s2～4s内小物块加速度a2＝E2q－μmgm＝－2m/s2位移x2＝v2t2＋12a2t22＝4m4秒内的位移x＝x1＋x2＝8m。(2)v4＝v2＋a2t2＝0，即4s末小物块处于静止状态设电场力对小物块所做的功为W，由动能定理有：W－μmgx＝0解得W＝1.6J-8-答案：(1)8m(2)1.6J.17.解析：沿水平方向x和竖直方向y分析可知．x方向：Fx＝qE,v0x＝0，故做匀加速运动．y方向：Fy＝mg，v0y＝v0，a＝－g，做匀减速运动竖直方向高度由运动学知识，可知H＝v202g，上升时间t＝v0g，故在x方向上，有vx＝2v0＝axt，ax＝qUABmd，其中x方向位移d＝2v0＋02·t＝v0t，故2v0＝qUABm·v0t，解得UAB＝2mv20q，18（1）物体下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+mv12=0+mv22，即：20×10×1.6+×10×22=0+×20×v22解得：v2=6m/s；物体相对于小车板面滑动过程动量守恒，由动量守恒定律得：mv2=（m+M）v，即：20×6=（20+40）×v解得：v=2m/s；（2）物体C在小车上滑动过程中，由能量守恒定律得：μmgd=mv22-（m+M）v2，即：0.4×20×10×d=×20×62-×（20+40）×22解得：d=3m；答：（1）物体与小车保持相对静止时的速度为2m/s；（2）物体在小车上相对滑动的距离为3m．